Алгебра 7 клас. Збірник завдань для самостійних та контрольних робітСергій Ільчишин
Мякотіна Олена Миколаївна, Матвіюк Людмила Олександрівна, Сивак Ольга Дмитрівна, Гнатюк Анжела Георгіївна, Гораш Алла Іванівна,
СЗОШ№5, вчителі математики
Алгебра 7 клас. Збірник завдань для самостійних та контрольних робітСергій Ільчишин
Мякотіна Олена Миколаївна, Матвіюк Людмила Олександрівна, Сивак Ольга Дмитрівна, Гнатюк Анжела Георгіївна, Гораш Алла Іванівна,
СЗОШ№5, вчителі математики
Ресурс призначений для проведення уроку алгебри 8 класу з теми «Функція у = √х». Навчальний матеріал відповідає діючий програми: Міністерство освіти і науки України. Математика. 8кл. Програма для загальноосвітніх навчальних закладів. – К.: “Перун”, 2005. Ресурс може бути використано і при викладанні предмета у класах із поглибленим вивченням математики.
Показано побудову графіка функції, розглянуто властивості функції. Запропоновані завдання на розв’язування рівнянь графічним способом. Тестові завдання допоможуть вчителеві здійснити ефективний контроль над рівнем засвоєння навчального матеріалу, а учневі – зорієнтуватися у завданнях та набути навичок швидкого та безпомилкового виконання робіт.
Ресурс може бути використаний вчителями математики, а також учнями як на уроці, так і з метою повторення та узагальнення знань.
Ресурс призначений для проведення уроку алгебри 8 класу з теми «Функція у = √х». Навчальний матеріал відповідає діючий програми: Міністерство освіти і науки України. Математика. 8кл. Програма для загальноосвітніх навчальних закладів. – К.: “Перун”, 2005. Ресурс може бути використано і при викладанні предмета у класах із поглибленим вивченням математики.
Показано побудову графіка функції, розглянуто властивості функції. Запропоновані завдання на розв’язування рівнянь графічним способом. Тестові завдання допоможуть вчителеві здійснити ефективний контроль над рівнем засвоєння навчального матеріалу, а учневі – зорієнтуватися у завданнях та набути навичок швидкого та безпомилкового виконання робіт.
Ресурс може бути використаний вчителями математики, а також учнями як на уроці, так і з метою повторення та узагальнення знань.
Регіональний центр євроатлантичної інтеграції України, що діє при відділі документів із гуманітарних, технічних та природничих наук, підготував віртуальну виставку «Допомога НАТО Україні».
Важливість впровадження стандарту ISO/IEC 17025:2019 у процес державних випро...tetiana1958
29 травня 2024 року на кафедрі зоології, ентомології, фітопатології, інтегрованого захисту і карантину рослин ім. Б.М. Литвинова факультету агрономії та захисту рослин Державного біотехнологічного університету було проведено відкриту лекцію на тему «Важливість впровадження стандарту ISO/IEC 17025:2019 у процес державних випробувань пестицидів: шлях до підвищення якості та надійності досліджень» від кандидата біологічних наук, виконавчого директора ГК Bionorma, директора Інституту агробіології Ірини Бровко.
Участь у заході взяли понад 70 студентів та аспірантів спеціальностей 202, 201 та 203, а також викладачі факультету та фахівці із виробництва. Тема лекції є надзвичайно актуальною для сільського господарства України і викликала жваве обговорення слухачів та багато запитань до лектора.
Дякуємо пані Ірині за приділений час, надзвичайно цікавий матеріал та особистий внесок у побудову сучасного захисту рослин у нашій країні!
«Слова і кулі». Письменники, що захищають Україну. Єлизавета Жаріковаestet13
До вашої уваги історія про українську поетку, бойову медикиню, музикантку – Єлизавету Жарікову, яка з початку повномасштабної війни росії проти України приєдналася до лав ЗСУ.
1. Дослідити методомДослідити методом
диференціального численнядиференціального числення
функцію і побудувати графікфункцію і побудувати графік
....
2x
5xx
y
2
−
−+
=
2x ≠
Розв′язання. Будемо діяти за загальною схемою
дослідження функції і побудувати її графік.
1) Функція існує при будь-якому значенні
(при x=2 знаменник дробу перетворюється в нуль ).
Отже,
( ) ( ) ( ).+∞∪∞−= 2;;2xD
2. 2) Очевидно, що задана функція неперіодична.2) Очевидно, що задана функція неперіодична.
Перевіримо її на парність . Для цього знайдемо:Перевіримо її на парність . Для цього знайдемо:
( ) ( ) ( ) .
2x
5xx
2x
5xx
xy
22
−−
−−
=
−−
−−+−
=−
( ) ( )xyxy ≠−Легко бачити, що і
Отже, задана функція не володіє
властивостями парності.
В точці x =2 функція має розрив, при всіх інших
значення аргументу вона неперервна.
( ) ( ).xyxy −≠−
3. 3) Користуючись правильними знаходження границь,
знайдемо границі функції на нескінченності та
односторонні границі функції в точці розриву x=2
−∞→x
;
2x
5xx2
+∞=
−
−+
;
2x
5xx2
+∞=
−
−=lim
lim lim
lim
+∞→x
;−∞=
−
−+
2x
5xx2
02x −→ ∞+→ 2x
;
2x
5xx2
+∞=
−
−+
З рівностей (2) випливає, що для даної функції x=2
є точкою розриву другого роду.
4. 4) Границя функції на нескінченність не
існує (рівності (1)), то графік даної функції
горизонтальних асимптот не має.
Оскільки lim y =∞ (рівності (2)) ,
то x=2 - вертикальна асимптота графіка даної
функції
2x →
∞→x∞→x
Похилі асимптоти будимо шукати у вигляді
y = kx + b, де:
( )
1
2xx
5xx
lim
2xx
5xx
lim
x
y
limk 2
22
=
−
−+
=
−⋅
−+
== ∞→x
5. ( ) ( ) =
−
−+
=−=−=
2x
5xx
limxylimkxylimb
2
∞→x ∞→x
∞→x ∞→x
∞→x
Отже, kx + b = 1⋅ x + 3 = x + 3 і пряма y = x + 3
є похилою асимптотою графіка даної функції .
3.
2x
53x
lim
2х
2хх5хх
lim
22
=
−
−
=
−
+−−+
=
6. 5) Користуючись правилами
диференціювання і таблицею похідних,
знайдемо похідну заданої функції. Матимемо:
( ) ( ) ( ) ( )
( )
=
−
−+⋅
′
−−−⋅
′
−+
=
′
−
−+
=′ 2
222
2x
5xx2x2x5xx
2x
5xx
y
( ) ( ) ( )
( ) ( )
.
2x
34xx
2x
5xx12x12x
2
2
2
2
−
+−
=
−
−+⋅−−⋅+
=
Очевидно, що знайдена похідна існує на всій
числовій прямій, крім точки x = 2, в якій знаменник
дробу перетворюється в нуль.
Але в точці х = 2 функція не визначена, то ця
точка не є критичною точкою заданої функції.
7. Прирівняємо похідну до нуля і, розвязавши за
теоремою Вієтта отримане рівняння , знайдемо
критичні точки функції :
( )
0,
2x
34xx
2
2
=
−
+−
3х .2
=1х ,1
=
≠−
=+−
0,2x
0,34xx2
=⋅
=+
,
,
3xx
4xx
21
21
8. Визначаємо знак похідної на кожному з інтервалів,
на які розбивають область визначення функції
знайденні критичні точки :та
y′ х
−− ++
21 3
Звідси випливає:
( ) ( ),3;;1х +∞∪∞−∈ y′а) якщо то >0 і функція зростає;
1х ,1
= 3х2
=
9. ( ) ( ),2;31;2х ∪∈ y′б) якщо то < 0 і функція спадає;
y′в) при переході через критичну точку похідна
змінює свій знак з «+» на «-», то є точкою
максимуму заданої функції ;
y′г) при переході через критичну точку похідна
змінює свій знак з «-» на «+», то є точкою
мінімум у заданої функції;
д) задана функція не має інших критичних точок ,
то вона не має й інших точок екстремуму.
1х1
=
1х1
=
3х2
=
3х2
=
10. Таким чином ми встановили всі токи екстремумів
заданої функції .
Знайдемо екстремуми цієї функції :
а ) ─ локальний максимум
даної функції, який досягається в точці А(1;3);
( ) ( ) 3
1
3
21
511
1уху
2
1 =
−
−
=
−
−+
==
б) ─ локальний мінімум
даної функції, який досягається в точці В(3;7).
( ) ( ) 7
1
7
23
533
3уху
2
2 ==
−
−+
==
11. 6) Користуючись правилами диференціювання і
таблицею похідних, знайдемо другу похідну
заданої функції. Матимемо:
( )
( )
( ) ( ) ( )( ) ( )
( )
=
−
+−⋅
′
−−−⋅
′
+−
=
−
+−
=
′′=′′ 4
2222
2
2
2x
34xx2x2x34xx
2x
34xx
yy
( ) ( ) ( ) ( )
( )
( ) ( ) ( )
( ) ( )
.
2x
2
2x
34xx22x42x
2x
34xx2x22x42x
33
2
4
22
−
=
−
+−−−⋅−
=
−
+−⋅−⋅−−⋅−
=
Знайдена похідна існує на всій числовій прямій, крім
точки х = 2, в якій знаменник дробу перетворюється
в нуль. Але в точці х = 2 функція не визначена, то ця
точка не є критичною точкою другого порядку .
12. Очевидно, що при будь-якому значенні х .0у ≠′′
Таким чином ми встановили , що задана функція не
має критичних точок другого порядку, а тому її
графік не має точок перетину.
Визначимо знак другої похідної заданої функції на
її області визначення:
y ′′ х0
Звідси випливає :
2
( );2х ∞−∈ у ′′а) якщо , то < 0 і графік заданої
функції опуклий ;
б) якщо , то > 0 і графік заданої
функції вгнутий.
( )∞+∈ ;2;х у ′′
13. 0х =
( ) 2,5.
2
5
20
500
0у
2
=
−
−
=
−
−+
=
7) Підставивши у функцію значення аргументу
, , знайдемо координати точки
перетину графіка функції з віссю О у :
Отже, графік функції перетинає вісь О у в точці
С(0;2,5).
14. Прирівнявши функцію до нуля і розв′язавши отримане
рівняння, знайдемо точки перетину графіка функції
з віссю О х :
0,
2х
5хх2
=
−
−+
≠−
=−+
0,2х
0,5хх2
( ) 21,51414acbD 2 =−⋅⋅−=−=
21.0,50,5
2
211Db
2a
x1,2
⋅±−=
±−
=
±−
=
15. Отже, графік заданої функції перетинає вісь О х
в двох точках :
( )21;0Е0,50,5D ⋅−− і ( ).21;00,50,5Е ⋅+−