Η παρουσίαση που ετοίμασε η Ε ομάδα για το πρόγραμμα Υιοθεσία Βυζαντινού "Άγιος Γεώργιος Ομορφοκκλησιάς". Συνεντεύξεις για τη συντήρηση και τη λειτουργία του ιερού Ναού.
Weatherman 1-hour Speed Course for Web [2024]Andreas Batsis
Εκλαϊκευμένη Διδασκαλία Μετεωρολογίας. Η συγκεκριμένη παρουσίαση παρέχει συνοπτικά το 20% της πληροφορίας σχετικά με το πως λειτουργεί ο καιρός, η οποία πληροφορία θα παρέχει στον αναγνώστη τη δυνατότητα να ερμηνεύει το 80% των καιρικών περιπτώσεων με τη χρήση ιντερνετικών εργαλείων. Η λογική της παρουσίασης βασίζεται κατά κύριο λόγο στην εφαρμογή και δευτερευόντως στην επιστημονική ερμηνεία η οποία περιορίζεται στα απολύτως απαραίτητα.
1. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
α)
Για το σύστημα έχουμε
2 2
D 1 0 και άρα έχει πάντα λύση.
β)
2 2
x
D και
y
D 2
Άρα θα έχουμε 2 2x
D
x
D
και
y
D
y 2
D
γ)
Έχουμε 2 2
x y
D D D 0 2 1 0
2 2 2
1 2 1 0 2 2 0
0
2 0
0
Για 0 0 , , και
0
3
0 1 1
4
3
,
4
δ)
Η συνάρτηση f ορίζεται για x , και ο τύπος της είναι
2 2 2 2 2 2 2
2 1 2 0
Άρα σταθερή και ανεξάρτητη του θ.
Λύνει ο Μιχάλης Ροκίδης
Άσκηση Α
2. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
Είναι
4
Άρα
0 και 0
ή ισοδύναμα
και
Συνεπώς
Άρα
5 3
Λύνει ο Ηλίας Αγγελάκος
Άσκηση Β
3. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
α)
Είναι
2 2
D 1 0 για κάθε .
Άρα το σύστημα έχει μοναδική λύση , για κάθε .
β)
Είναι
2 2
x
D 2
και
y
D 2 2
άρα
x
D 2
x 2
D 1
και
y
D 2
y 2
D 1
γ)
2
x y
D D D 0 2 2 1 0 1 2 2 1 0
2 0 0 1 ή 0 2
Η 1 ,
Η 2 αν 0 τότε 0 άτοπο αφού
2 2
1 άρα 0
Η
3 3
2 1 ,
4 4
δ)
Είναι x y
f D D D f 2 2 1
Οι 2 , 2 έχουν πεδίο ορισμού το ενώ η έχει πεδίο ορισμού το
2
/ , οπότε πεδίο ορισμού της f
είναι το 2
.
Για κάθε 2
είναι:
2
2 2
f 2 2 1 2 1 2 1
2 2 0
Επομένως η f είναι ανεξάρτητη του .
Λύνει o Τρύφωνας Ζωϊτσάκος
Άσκηση Α
4. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
ναι 2i 2 1,0 2,0 .
Έστω 1 1
x ,y και 2 2
x ,y με 1 2 1 2
x ,x ,y ,y 0.
1 1 1 1
4 2 x 0 y 4 2 x 4 x 2
2 2 2 2
4 2 x 0 y 4 2 x 4 x 2
1 2
2 2 2 2 2 2 2 2
1 1 2 2 1 2 1 2
y ,y 0
2 2 2 2
1 2 1 2 1 2 1 2 1 2
x y x y 4 y 4 y 4 y 4 y
y y y y y y y y y y 0 1
1 2 1 2
x x ,y y
2 2 2 2
1 2 1 2 1 2
1
2
1 2 1 2 1 2
3 x x y y 3 2 2 y y 3
y y 3 y y 3 y y 3 2
2 2 2 2
2 x ,0 y 2 2, y 0, y
22 2
2 2
2 2
5 0 y 5 y 5
y 5 y 5
Η 1
2 y 8
Άρα 2,8 και 2 2,0 8 0, 8
22
0 8 8
Άσκηση Β
5. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
Είναι 2,0 και έστω
1 2
, και 1 2
, με 2
0
Από τη σχέση 4 προκύπτει ότι
1 1
2 4 2
Από τη σχέση 4 προκύπτει ότι
1 1
2 4 2
Άρα
2
2, και 2
2, με 2
0
Επίσης
2 0
2 2 22 2
2 2
25 2 29 25 5
2 2 2 2
2 2 2
9 2 10 16 0 2 ή 2
8
Αν 2
2 2,2 και 8 29 , άτοπο
Αν 2
8 2,8 και 68 29 , άρα η τιμή 2
8 είναι δεκτή
Άρα
2,0 2,8 0, 8 8
Σχόλιο:
Δεν χρησιμοποιήθηκε το δεδομένο της θετικότητας των συντεταγμένων του
Λύνει ο Παύλος Τρύφων
Άσκηση Β
6. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
Έχουμε το σύστημα
x y
,
x y
α)
Επειδή η ορίζουσα του συστήματος
2 2
D 1 0 το σύστημα
έχει μοναδική λύση για κάθε .
β)
Έχουμε:
2 2
x
D 2 και
y
D 2 2 ,
οπότε η λύση του συστήματος είναι:
2 2x
y
D
x
D
D
y 2
D
γ)
Η σχέση x y
D D D 0 γίνεται: 2 2
2 1 0, 1
2
1 1 2 2 1 0 0 0 ή
η 0 δίνει k ,k και
η
1 ( )
4
, τότε
k ,k
4
δ)
Η συνάρτηση f έχει τύπο x y
f( ) D D D ή
2 2
f( ) 2 1 ,
η οποία ορίζεται , όταν ορίζεται η δηλ. για κάθε x k ,k , οπότε το πεδίο
ορισμού της f είναι το σύνολο: A x / x k ,k και τότε:
2 2 2 2 2 2 2
f( ) 2 1 2
2 2
f( ) 1 , δηλ, η f είναι σταθερή, ανεξάρτητη του θ.
Λύνει ο Κωνσταντίνος Μόσιος
Άσκηση Α
7. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
Έστω 1 1
x ,y και 2 2
x ,y με 1 1 2 2
x ,y ,x ,y 0 ,
έχουμε και 2i 2 1,0 2,0
Επειδή 1 1 1
4 2 x 0 y 4 x 2 , δηλ. 1
2,y
Επειδή 2 2 2
4 2 x 0 y 4 x 2 , δηλ. 2
2,y
Από
2 22 2 2
5 5 25 2 25, 1
Όμως
2
22 2 2
2 0 4 και
2
22 2 2 2
2 2
2 y 4 y , έτσι η σχέση (1)
εξελίσσεται ως εξής:
2y 0
2 2
2 2 2
1 4 2 4 4 y 25 y 25 y 5 , οπότε το
διάνυσμα 2,5 .
Από
22
2 2 2
3 3 9 2 9, 2 , όπου:
22
2 2 2 2
1 1
2 y 4 y , 1 1
2 2 5 y 4 5y και
2
22 2 2
2 5 29 ,
έτσι η 2
1 1
2 4 y 2 4 5y 29 9
2
1 1 1 1 1 1
y 10y 16 0 y 2 y 8 0 y 2 ή y 8, όμως
Από
1y 0
2 2 2 2
1 1 1
4 y 29 y 25 y 5, άρα 1
y 8 , οπότε το
2,8 .
Είναι λοιπόν
22
2 2
2 4 2 4 68 64
64 8 ,
διότι 2
4 , 2 2 0 8 4 και
22
2 2 2
2 8 68.
Άσκηση Β
8. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
α)
Υπολογίζουμε τις ορίζουσες x ψ
D , D , D του συστήματος .
2 2
συνθ -ημθ
D συν θ+ημ θ 1 0
ημθ συνθ
2 2
x
συνθ -ημθ
D συν θ ημ θ συν2θ
-ημθ συνθ
ψ
συνθ συνθ
D -ημθ συνθ-ημθ συνθ=-ημ2θ
ημθ ημθ
Επειδή D 0 για κάθε θ το σύστημα έχει μοναδική λύση .
β)
x
D συν2θ
x= = =συν2θ
D 1
,
ψ
D -ημ2θ
ψ= = =-ημ2θ
D 1
οπότε
x,ψ συν2θ,-ημ2θ
γ)
Από την δοσμένη σχέση έχουμε :
2
x ψ
D D D συν2θ-ημ2θ-1=0 1-2ημ θ-2ημθ συνθ-1=0
-2ημθ(ημθ+συνθ)=0 ημθ=0 ή ημθ+συνθ=0
ημθ=0 θ=κπ , κ ή
π
ημθ+συνθ=0 θ=κπ- ,κ
4
δ)
Πεδίο ορισμού της συνάρτησης f είναι το : f
κπ , κ
x ψ
2 2 2
f θ =D + σφθ D +D δηλαδή f θ =συν2θ+ σφθ ( ημ2θ)+1
συνθ
f θ =2συν θ-1-2 ημθ συνθ+1 f θ =2συν θ-2συν θ=0
ημθ
Άρα f θ 0
Λύνει ο Γιώργος Κουρεμπανάς
Άσκηση Α
10. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
(α)
Για να αποδείξουμε ότι το σύστημα
R
x y
,
x y
έχει μοναδική λύση αρκεί να δείξουμε ότι D 0
Πράγματι :
2 2
D 1 0 επομένως το σύστημα έχει μοναδική λύση .
(β)
Υπολογίζουμε τις ορίζουσες x y
D ,D
2 2
x
D 2
και
y
D 2 2
(*) Στις παραπάνω ισότητες για τα x y
D ,D δε μπορούμε να γνωρίζουμε στα επόμενα
ερωτήματα αν θα χρειαστούμε τους τριγωνομετρικούς αριθμούς εκφρασμένους ως προς
ή ως προς 2
Εφόσον το σύστημα έχει μοναδική λύση αυτή δίνεται από τον τύπο
yx
x y
DD
x,y , D ,D 2 , 2
D D
(γ)
2 2
x y
2 2 2 2
2
D D D 0 2 1 0
2 0
2 2 0 2 0
Από την τελευταία προκύπτει
0 0 ,
ή
2 3
0 1 ,
4
Λύνει ο Χρήστος Κουστέρης
Άσκηση Α
11. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
(δ)
Η συνάρτηση f αντικαθιστώντας τα x y
D ,D ,D την
γίνεται
x y
f D D D f 2 2 1
Δε κάνουμε καμία απλοποίηση και καμία πράξη αν πρώτα δε βρούμε το πεδίο ορισμού
της f.
Για να ορίζεται η f πρέπει :
0 0 ,
Επομένως το πεδίο ορισμού της είναι R R x / x ,
2 2 2 2
2 2 2 2 2
f 2 2 1 2
2 0
Δηλαδή f x 0 για κάθε x A
12. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
α)
Η ορίζουσα του συστήματος είναι
2 2
D 1 0, άρα το
σύστημα έχει μοναδική λύση για κάθε .
β΄ τρόπος
Επειδή για κάθε ισχύει 0 οι εξισώσεις του συστήματος
παριστάνουν ευθείες 1 2
, με 1
: x y και
2
: x y .
Τα διανύσματα 1
, και 2
, είναι παράλληλα προς τις ευθείες
1 2
, αντίστοιχα και επειδή
2 2
1 2
det , 1 0 δεν
είναι παράλληλα για κάθε τιμή του , άρα και οι ευθείες τέμνονται για κάθε
.
γ΄ τρόπος
Επειδή τα παραπάνω διανύσματα έχουν 1 2
0 είναι
1 2 1 2
για κάθε , άρα τέμνονται , δηλ. το σύστημα έχει μοναδική λύση
για κάθε .
β)
Είναι
2 2
x
D 2 και
y
D 2 2 ,
οπότε x
D
x 2
D
και
y
D
y 2
D
,
άρα η μοναδική λύση του συστήματος είναι x,y 2 , 2 , .
β΄ τρόπος
2 2
2 2
x yx y
x y x y
2 2 2 2
x x 2
Λύνει ο Αθανάσιος Μπεληγιάννης
Άσκηση Α
13. ___________________________________________________________________________
19 ΑΣΚΗΣΗ η άσκηση της ημέρας από το http://lisari.blogspot.gr σχ. έτος 2017-΄18
και
2
2
x yx y
x y x y
2 2
y 2 y 2 , άρα x,y 2 , 2 , .
γ΄ τρόπος
Καθώς το θ διατρέχει το , οι ευθείες 1
: x y έχουν σταθερό
σημείο το 1,0 ενώ οι ευθείες 2
: x y έχουν σταθερό σημείο το
1,0 .
Επειδή είναι 1 2
το σημείο τομής τους Μ , θα ανήκει σε κύκλο με διάμετρο ΑΒ και
κέντρο το μέσο του ΑΒ δηλ. το 0,0 . Άρα ο κύκλος είναι ο μοναδιαίος , δηλ. έχει
εξίσωση 2 2
C : x y 1 .
Λύνοντας το σύστημα του C και της 1
βρίσκουμε το M 2 , 2 , .
δ΄ τρόπος
Όταν 0 k , k , οι 1 2
,
τέμνονται στο 1,0 ( 2 2k 1,
2 2k 0).
Όταν
0 k
2
, k , οι 1 2
,
τέμνονται στο 1,0
( 2 2k 1,
2 2k 0 ).
Όταν 0 και 0 τότε οι ευθείες τέμνονται στο M x,y και η 2
τέμνει τον
y΄y στο K 0, , όπως στο σχήμα , με M x 1,y και 1, .
Τα τρίγωνα ΜΑΒ και ΒΟΚ είναι όμοια , με
M 2
1
, άρα
2 22 2 2
2
2
x 1 y x 1 y 4
1
.
Επειδή το Μ ανήκει και στο μοναδιαίο κύκλο ισχύει : 2 2
x y 1 , οπότε λύνοντας το
σύστημα των δύο εξισώσεων έχουμε : x 2 και y 2 ( η λύση y 2
απορρίπτεται γιατί δεν ικανοποιεί την εξίσωση της 2
) . Άρα για κάθε οι ευθείες
τέμνονται στο M 2 , 2 .