Διαγώνισμα από το Αρσάκειο ΓΕΛ 2018 / 3ο διαγώνισμα από θεωρήματα συνέχειας μέχρι ρυθμό μεταβολής
1. ΤΡΙΩΡΟ ΔΙΑΓΩΝΙΣΜΑ ΣΤΑ ΜΑΘΗΜΑΤΙΚΑ ΠΡΟΣΑΝΑΤΟΛΙΣΜΟΥ Γ΄ ΛΥΚΕΙΟΥ
(ΘΕΩΡΗΜΑΤΑ ΣΥΝΕΧΕΙΑΣ-ΡΥΘΜΟ-DE L’HOSPITAL) – ΤΜΗΜΑ Γ3 – 7-2-2018
ΟΝΟΜΑΤΕΠΩΝΥΜΟ: ……………………………………………………………………….
ΘΕΜΑ A
Α1. Αν οι συναρτήσεις f, g είναι παραγωγίσιµες στο 0x , να αποδείξετε ότι η συνάρτηση
f g είναι παραγωγίσιµη στο 0x και ισχύει 0 0 0f g x f x g x .
( Μονάδες 10)
A2. Να εξετάσετε αν οι ακόλουθοι ισχυρισµοί είναι σωστοί ή λάθος.
i. Αν µια συνάρτηση f είναι ορισµένη σε ένα κλειστό διάστηµα , µε f f και
παίρνει κάθε ενδιάµεση τιµή µεταξύ των f και f , τότε η f είναι υποχρεωτικά
συνεχής στο κλειστό διάστηµα , .
ii. Είναι δυνατόν η συνάρτηση g f να είναι παραγωγίσιµη στο 0x χωρίς να είναι η
συνάρτηση f παραγωγίσιµη στο 0x ή η συνάρτηση g παραγωγίσιµη στο 0f x .
iii. Υπάρχει συνάρτηση f που είναι παραγωγίσιµη σε καθένα από τα διαστήµατα
α,β , β,γ και δεν είναι παραγωγίσιµη στο x β .
( Μονάδες 3X2=6 )
A3. Στο διπλανό σχήµα φαίνονται οι
γραφικές παραστάσεις της συνάρτησης g και
της παραγώγου f της συνάρτησης f.
Αν η ευθεία (ε) είναι η εφαπτοµένη της
γραφικής παράστασης της g στο σηµείο της
1,g 1 και επιπλέον ισχύει f 1 1 , να
υπολογιστούν οι αριθµοί :
i. g 1 ii. fog 1 iii. f g 1
( Μονάδες 3Χ3=9 )
ΘΕΜΑ B
Β1. Δίνεται συνεχής συνάρτηση f : µε f x x για κάθε x . Aν είναι:
x 2018
x
lim f x x ln 0
2017
και
f x f x 2x 1 για κάθε πραγµατικό αριθµό x. Nα αποδείξετε ότι
i. για κάθε x είναι f x x 0
ii. 2
f x x x 1 για κάθε x
iii. η εξίσωση
f x 2
x 1 x
έχει µία τουλάχιστον αρνητική και µία τουλάχιστον θετική ρίζα.
( Μονάδες 4+5+6=15 )
Β2. Να βρείτε την παράγωγο της συνάρτησης
23
g x 2 x x 2 .
( Μονάδες 10 )
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 1 of 10
2. ΘΕΜΑ Γ
Θεωρούµε τη συνεχή συνάρτηση f : 2,3 για την οποία γνωρίζουµε ότι η γραφική της
παράσταση βρίσκεται ολόκληρη µέσα στο ορθογώνιο ΑΒΓΔ (µέσα ή πάνω στις πλευρές) µε
κορυφές A 3,3 , 2, 3 και πλευρές παράλληλες στους άξονες xx΄ και yy΄.
Γ1. Να αποδείξετε ότι η γραφική παράσταση της συνάρτησης f τέµνει τη διαγώνιο ΑΓ του
ορθογωνίου. ( Μονάδες 8 )
Γ2. Να αποδείξετε ότι υπάρχει τουλάχιστον ένα 2,3 , τέτοιο ώστε να ισχύει
2f 2 3f 0 5f 1
f
10
. ( Μονάδες 8 )
Γ3. Αν 2,3 και f 0 , να υπολογίσετε το όριο
x
xxx
9
f
lim
2 f
.
( Μονάδες 9 )
ΘΕΜΑ Δ
Δίνεται συνάρτηση :f η οποία είναι συνεχής στο .
Δ1. Αν η f είναι γνησίως αύξουσα, να λύσετε την εξίσωση 2018 2017 f x f x x .
( Μονάδες 5 )
Δ2. Για τον περιορισµό της γνησίως αύξουσας συνάρτησης f στο διάστηµα [α,β], να
αποδείξετε ότι υπάρχει τουλαχ. ένα , µε
2α +β α +β
f(ξ) + f = f + f
3 3 2
.
( Μονάδες 5 )
Δ3. Να αποδείξετε ότι αν η συνάρτηση f είναι παραγωγίσιµη στο 0x 1 , τότε
i. η συνάρτηση h µε
2
f x , αν x 1
h x
f 2x 1 , αν x 1
είναι παραγωγίσιµη στο 0x 1 .
( Μονάδες 5 )
ii. αν επιπλέον ισχύει 2x 1
f(x) (x 1)
lim 2
x 1
α. να αποδείξετε οι συναρτήσεις h και g x 3f x 1 f 1 x 2f 1 έχουν κοινή
εφαπτοµένη. ( Μονάδες 5 )
β. να υπολογίσετε το όριο:
5 2
x 1
x 1 ln x 1 10 x 1
lim
h x
.
( Μονάδες 5 )
Καλή επιτυχία !!!!!!!
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 2 of 10
3. ΑΠΑΝΤΗΣΕΙΣ ΔΙΑΓΩΝΙΣΜΑΤΟΣ
ΛΥΣΗ ΘΕΜΑΤΟΣ A :
Α1. Θεωρία, απόδειξη σελίδα 111
A2. 1 Λ (όπως φαίνεται στο σχήµα στη γραφική
παράσταση της διπλανής συνάρτησης
2
2
2 x , αν 1 x 0
f x
1 x , αν 0 x 1
2 Σ (Για τις συναρτήσεις 2
f x 2x , x και
g x x , x ορίζεται η συνάρτηση gof µε
2
gof x 2x , x που είναι παραγωγίσιµη στο
0x 0 ενώ η f είναι παραγωγίσιµη στο 0x 0 και η
g ΔΕΝ είναι παραγωγίσιμη στο f 0 0 ).
3 Σ (αφού η
παραγωγισιµότητα στα
διαστήµατα α,β , β,γ δεν
σηµαίνει κατ΄ ανάγκη
παραγωγισιµότητα στο x β .
Όπως στο σχήµα για τη συνεχή
στο x 1 συνάρτηση
2
2
1 x , αν 1 x 1
f x
x 4x -3 , αν 1 x 3
που είναι παραγωγίσιµη στα [-1,1] και [1,3] , αφού
x 1
f x f 1
lim 2
x 1
,
x 1
f x f 1
lim 2
x 1
).
A3. Είναι από το σχήµα i.
3
g 1 150 30
3
ii. Είναι g 1 0,f 0 2 και
3 3 2 3
fog 1 f g 1 g 1 f 0 2
3 3 3
iii. Είναι f 1 1 , f 1 3 και
3 3
f g 1 f 1 g 1 f 1 g 1 3 0 1
3 3
ΛΥΣΗ ΘΕΜΑΤΟΣ B :
B1. i. Αρχικά η συνάρτηση g x f x x είναι συνεχής στο ως διαφορά συνεχών και
αφού ισχύει f x x για κάθε x θα είναι g x f x x 0 . Αυτό δίνει ότι η g στο
διατηρεί πρόσηµο οµόσηµο κάποιας τιµής της. Επειδή η συνάρτηση f είναι συνεχής στο
2018 η σχέση x 2018
x
lim f x x ln 0
2017
γράφεται
2018
f 2018 2018 ln 0
2017
2018
f 2018 2018 ln 0
2017
ή g 2018 0 . Άρα g x 0 f x x 0 για κάθε x .
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 3 of 10
4. ii. Η σχέση f x f x 2x 1 γίνεται
22 2 2 2 2 2
f x 2xf x 1 f x 2xf x x 1 x f x x 1 x f x x 1 x . Από
το ερώτηµα (B1. i.) όµως είναι f x x 0 για κάθε x και έτσι έχουµε
2 2
f x x 1 x f x x 1 x για κάθε x .
iii. Η εξίσωση
f x 2
x 1 x
για x 0 και x 1 ισοδύναµα γράφεται xf x 2 x 1 0 .
Ορίζουµε τη συνάρτηση h x xf x 2 x 1 µε 2
f x x 1 x για κάθε x .
Παρατηρούµε ότι h 0 2 0 και h 1 f 1 1 2 0 , άρα 0 και (-1) ΔΕΝ είναι ρίζες.
Θα εφαρµόσουµε Θεώρηµα Bolzano για την h στα διαστήµατα [-2,0] και [0,2].
Η συνάρτηση h είναι συνεχής στα διαστήµατα [-2,0] και [0,2] ως πράξεις συνεχών.
h 2 2f 2 2 1 2 2 5 2 2 3 5 0 , h 0 0 f 0 2 2 0 και
h 2 2f 2 6 2 2 5 6 2 5 1 0 . Άρα είναι h 2 h 0 0 και h 0 h 2 0 .
Έτσι η εξίσωση h x 0 έχει από µία τουλάχιστον ρίζα στα διαστήµατα (-2,0) (που ΔΕΝ
είναι το (-1)) και (0,2), δηλαδή έχει µία τουλάχιστον αρνητική και µία τουλάχιστον θετική
ρίζα όπως και η ισοδύναµή της
f x 2
x 1 x
. Υπάρχουν και άλλα διαστήµατα στα οποία
µπορούµε να δουλέψουµε! Π.χ [-2,-1] στα αρνητικά και [1,2] στα θετικά ή άλλα.
Β2. H συνάρτηση γράφεται
23
23
23
2 x 2 x , αν x 2
g x 2 x x 2 0 , αν x 2
2 x x 2 , αν x 2
. Έτσι
Αν x<2 η συνάρτηση g είναι παραγωγίσιµη ως γινόµενο των παραγωγίσιµων
συναρτήσεων 2 x και
23
2 x ( η συνάρτηση
23
2 x είναι παραγωγίσιµη ως
σύνθεση των παραγωγίσιµων συναρτήσεων
2
2 x και 3
x ) µε παράγωγο
2 2 1 2
233 3 3 3
2 5 5
g (x) 2 x 2 x 2 x 2 x 2 x 2 x 2 x 2 x
3 3 3
Αν x>2 η συνάρτηση g είναι παραγωγίσιµη ως γινόµενο των παραγωγίσιµων
συναρτήσεων 2 x και
23
x 2 ( η συνάρτηση
23
x 2 είναι παραγωγίσιµη ως
σύνθεση των παραγωγίσιµων συναρτήσεων
2
x 2 και 3
x ) µε παράγωγο
2 2 1 2
233 3 3 3
2 5 5
g (x) 2 x x 2 x 2 2 x x 2 x 2 x 2 x 2
3 3 3
.
Αν x=2 έχουµε
23
x 2 x 2 x 2
x 22 x 2 x 0g x g 2
lim lim lim
x 2 x 2
23
2 x
x 2
0
23
x 2 x 2 x 2
x 22 x x 2 0g x g 2
lim lim lim
x 2 x 2
23
x 2
x 2
0
Άρα g 2 0 ή αλλιώς
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 4 of 10
5. 23
x 2 x 2 x 2
x 22 x x 2 0g x g 2
lim lim lim
x 2 x 2
23
x 2
x 2
0 g 2 , οπότε
23
23
23
5
2 x , αν x 2
3
5
g (x) 0 , αν x 2 x 2
3
5
x 2 , αν x 2
3
για κάθε x .
ΛΥΣΗ ΘΕΜΑΤΟΣ Γ :
Γ1. Το ορθογώνιο µε κορυφές A 3,3 , 2, 3 και πλευρές
παράλληλες στους άξονες xx΄ και yy΄ έχει τις άλλες κορυφές
του λόγω συµµετρίας να είναι οι 3, 3 και 2,3 .
Επιπλέον, δίνεται ότι η γραφική παράσταση της συνάρτησης f
βρίσκεται ολόκληρη µέσα στο ορθογώνιο ΑΒΓΔ. Αυτό σηµαίνει
ότι ισχύει 3 f x 3 για κάθε x 2,3 . Η διαγώνιος ΑΓ
έχει συντελεστή διεύθυνσης
3 3 6
3 2 5
και εξίσωση
6 6 3
y 3 x 3 y x
5 5 5
. Για
να δείξουµε ότι η γραφική παράσταση της συνάρτησης f τέµνει τη διαγώνιο ΑΓ του
ορθογωνίου, αρκεί να δείξουµε ότι η εξίσωση
6 3
f x x 5f x 6x 3 0
5 5
έχει µια,
τουλάχιστον λύση στο διάστηµα 2,3 . Θεωρούµε τη συνάρτηση g x 5f x 6x 3 , µε
x 2,3 , η οποία είναι συνεχής στο διάστηµα 2,3 µε βάση τις ιδιότητες των συνεχών
και επιπλέον ισχύει ότι g 2 5 f 2 3 . Όµως
3 f 2 3 0 f 2 3 6 0 5 f 2 3 30 0 g 2 30 .
Ακόµη g 3 5 f 3 3 . Όµως 3 f 3 3 6 f 3 3 0
30 5 f 3 3 0 30 g 3 0 . Άρα, τελικά g 2 g 3 0 .
Διακρίνουµε τις περιπτώσεις:
Αν g 2 g 3 0 τότε η συνάρτηση g πληροί τις υποθέσεις του θεωρήµατος Bolzano στο
διάστηµα 2,3 . Ως εκ τούτου υπάρχει ένα τουλάχιστον 0x 2,3 τέτοιο, ώστε 0g x 0 ,
δηλαδή, τέτοιο, ώστε η γραφική παράσταση της συνάρτησης f να τέµνει τη διαγώνιο ΑΓ
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 5 of 10
6. στο σηµείο 0 0x ,f x ή το 0 0
6 3
x , x
5 5
.
Αν g 2 g 3 0 g 2 0 ή g 3 0 f 2 3 ή f 3 3 , τότε η γραφική
παράσταση της συνάρτησης f τέµνει τη διαγώνιο ΑΓ στα σηµεία 2, 3 και A 3,3
αντίστοιχα.
Γ2. Δίνεται ότι η συνάρτηση f είναι συνεχής στο 2,3 , ως εκ τούτου, σύµφωνα µε το
θεώρηµα µέγιστης και ελάχιστης τιµής, αυτή θα παίρνει στο διάστηµα αυτό µια ελάχιστη
τιµή m και µια µέγιστη τιµή M . Εποµένως, θα υπάρχουν 1 2x ,x 2,3 τέτοια ώστε αν
1f x m και 2f x M να ισχύει m f x M , για κάθε x 2,3 . Οπότε θα έχουµε:
m f( 2) M 2m 2f( 2) 2M
m f(0) M 3m 3f (0) 3M
m f(1) M 5m 5f (1) 5M
Προσθέτοντας κατά µέλη τις οµοιόστροφες ανισότητες και διαιρώντας µε 10 προκύπτει ότι:
2f 2 3f 0 5f 1
m M
10
. Διακρίνουµε τις περιπτώσεις:
Αν m M , τότε η συνάρτηση f είναι σταθερή και για τυχαίο ξ 2,3 θα ισχύει το
ζητούµενο, δηλαδή, ότι:
2f 2 3f 0 5f 1
f ξ
10
.
Αν m M , τότε το σύνολο τιµών της συνάρτησης f είναι το m,M . Εποµένως αφού
2f 2 3f 0 5f 1
η m,M
10
θα υπάρχει ένα τουλάχιστον ξ 2,3 τέτοιο, ώστε:
2f 2 3f 0 5f 1
f ξ
10
.
Γ3. Εφόσον 2,3 και f 0 , θα ισχύει 0 f 3 και
1 1 9 9 9
0 f 3 0 0 0 3
3 f 3 f f
. Διακρίνουµε τις περιπτώσεις:
Αν f 3 , τότε το ζητούµενο όριο υπολογίζεται ως εξής:
x
x x
x x x xx x x
9
3 33
lim lim lim
2 3 2 3
x
3
xx x
1
lim 1
22
11
33
, αφού
x
x
2
lim 0
3
.
Αν f 2 , τότε το ζητούµενο όριο υπολογίζεται ως εξής:
x x
x
x x xx x x
9 9
1 92 2
lim lim lim
2 2 2 2 2 4
, αφού
x
x
9
lim
4
.
Αν 0 f 2 , τότε το ζητούµενο όριο υπολογίζεται ως εξής:
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 6 of 10
7.
x x
x
x xxxx x x
x
9 9
f f 9 1
lim lim lim
2 f2 f ff
12 1
22
, αφού είναι
f
0 f 2 0 1
2
με
x
x
f
lim 0
2
,
9
21 1 9 9
0 f 2
2 f 4 2f
9 9
1
4 2f
οπότε
x
x
9
lim
2 f
.
Αν 2 f 3 , τότε το ζητούµενο όριο υπολογίζεται ως εξής:
x x
x
x x2xxx x x
x
9 9
f f 9 1
lim lim lim
f2 f 22
1f 1
ff
, αφού είναι
f 0 21 1 1 2 2
2 f 3 1
3 f 2 3 f
με
x
x
2
lim 0
f
και
9
2 2 2
2 2
1 1 1 9 9
2 f 3 2 f 3 1
9 f 4 f 4
οπότε
x
2x
9
lim
f
.
Τελικά
x
xxx
9
f , αν 0 f 3
lim
1 , αν f 32 f
.
ΛΥΣΗ ΘΕΜΑΤΟΣ Δ
Δ1. Η εξίσωση 2018 2017 f x f x x γράφεται f x x f 2018x 2018x . Ορίζουµε τη
συνάρτηση g x f x x , x για την οποία θα αποδείξουµε ότι είναι γνησίως αύξουσα
στο . Για τυχαία 1 2x ,x µε 1 2x x έχουµε ότι 1 2f x f x καθώς η f είναι γνησίως
αύξουσα στο . Προσθέτοντας τις δύο τελευταίες σχέσεις έχουµε
1 1 2 2 1 2f x x f x x g x g x που σηµαίνει ότι η g είναι γνησίως αύξουσα στο ,
άρα και «1-1». Τότε η εξίσωση f x x f 2018x 2018x γίνεται
g"1 1"
g x g 2018x x 2018x 2017x 0 x 0
ΜΟΝΑΔΙΚΗ λύση.
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 7 of 10
8. Δ2. Ορίζουµε τη συνάρτηση
2α +β α +β
h x f(x) + f x -f -f
3 3 2
. Επειδή για την f
ισχύει ότι x , για την f x
3
ισχύει x ,
3
. Τότε όμως x
3
3
2 4
x x
3 3 3 3
. Επειδή
4 3
3 3 3 3
,
2
6 4 2 3 3 6
3 2
που ισχύει καθώς . Συναληθεύοντας λοιπόν
τις σχέσεις x , και
2 4
x
3 3
έχουμε
2
x
3
. Εφαρμόζουμε λοιπόν το Θεώρημα
Bolzano για τη συνάρτηση h στο διάστημα
2
,
3
. Έτσι
Η συνάρτηση h είναι συνεχής στο διάστημα
2
,
3
ως άθροισμα των συνεχών συναρτήσεων
2α +β α +β
f(x),f x ,-f -f
3 3 2
(σταθερή), µε τη συνάρτηση f x
3
συνεχή ως
σύνθεση των συνεχών συναρτήσεων x
3
και f .
2 2
h f
3 3
2 2α +β
+ f -f
3 3 3
α +β α +β
-f f -f 0
2 2
καθώς
f ,
α +β
f f f -f 0
2 2 2
. Επίσης είναι
0 0
2α +β α +β α +β 2 2α +β
h f( ) +f -f -f f( )-f + f -f 0
3 3 2 2 3 3
γιατί
είναι
f ,
α +β
f f f -f 0
2 2 2
και
2 2α +β
f -f 0
3 3
f ,
2 2α +β 2 2α +β
f f 2 2α +β
3 3 3 3
που ισχύει.
Έτσι υπάρχει τουλάχιστον ένα
2
, ,
3
τέτοιο ώστε h 0
2α +β α +β 2α +β α +β
f(ξ) +f -f -f 0 f (ξ) + f = f + f
3 3 2 3 3 2
.
Αλλιώς εναλλακτικά μπορούμε να δουλέψουμε με Θεώρημα Bolzano για την f στο
2
,
3 2
.
Δ3. Αφού η συνάρτηση f είναι παραγωγίσιµη στο 0x 1 υπάρχει στο το όριο
x 1 x 1
f x f 1 f x f 1
f 1 lim lim
x 1 x 1
(σχέση 1) Τότε είναι
i.
2
x 1 x 1
f x f 1h x h 1
lim lim
x 1 x 1
. Στην περίπτωση του ορίου αυτού µπορούµε να
θεωρήσουµε ότι x 0,1 , οπότε θέτοντας
x 0
2
u x x u
µε 2
x 1 x 1
lim u lim x 1
έχουµε
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 8 of 10
9.
2
x 1 x 1 u 1 u 1
f x f 1h x h 1 f u f 1 f u f 1
lim lim lim lim u 1
x 1 x 1 u 1 u 1 u 1
u 1
f u f 1
lim u 1 2f 1
u 1
.
Αλλιώς
2 2
2
x 1 x 1 x 1
f x f 1 f x f 1h x h 1
lim lim lim x 1 f 1 2
x 1 x 1 x 1
, γιατί x 1
lim x 1 2
και θέτοντας 2
u x µε 2
x 1 x 1
lim u lim x 1
είναι
2
2
x 1 u 1
f x f 1 f u f 1
lim lim f 1
x 1 u 1
.
x 1 x 1
h x h 1 f 2x 1 f 1
lim lim
x 1 x 1
. Στην περίπτωση του ορίου αυτού θέτουµε
v 1
v 2x 1 x
2
µε x 1 x 1
lim v lim 2x 1 1
έχουµε
x 1
h x h 1
lim
x 1
x 1 v 1 v 1 v 1
f 2x 1 f 1 f v f 1 f v f 1 f v f 1
lim lim lim lim 2 2f 1
v 1 v 1x 1 v 11
2 2
.
Από τα παραπάνω η συνάρτηση h παρατηρούµε ότι είναι παραγωγίσιµη στο 0x 1 µε
h 1 2f 1 και h 1 f 1 .
ii. Η συνάρτηση f είναι παραγωγίσιµη άρα και συνεχής στο 0x 1 . Έτσι
2
2x 1 x 1 x 1
f(x) (x 1) (x 1) 1
f 1 limf(x) lim f (x) (x 1) (x 1) lim x 1
x 1 x 1 x 1
1
2 0 0
2
ή f 1 0 καθώς
x 1
u x 1
x 1 limu 0 u 0
x 1 u
lim lim 1
x 1 u
. Επίσης
x 1
f x f 1
f 1 lim
x 1
2x 1 x 1
f(x) (x 1) (x 1) f(x) (x 1) (x 1)
lim lim x 1 2 2 1 5
x 1 x 1 x 1
. Έτσι είναι
h 1 2f 1 2 5 10 , h 1 f 1 0 και η εφαπτοµένη της Ch στο A 1,h 1 ή A 1,0 έχει
εξίσωση y h 1 h 1 x 1 y 10 x 1 y 10x 10 .
Επίσης η συνάρτηση g µε g x 3f x 1 f 1 x 2f 1 3f x 1 f 1 x 10 είναι
παραγωγίσιµη στο 0 ως πράξεις παραγωγωγίσιµων καθώς οι συναρτήσεις f x 1 και
f 1 x είναι παραγωγίσιµες στο 0. Αυτό συµβαίνει γιατί οι συναρτήσεις 1k x x 1 και
2k x 1 x είναι παραγωγίσιµες στο 0 και η συνάρτηση f παραγωγίσιµη στο 1f k 0 1
και 2f k 0 1 . Τότε g 0 3f 1 1 f 1 1 0 2f 1 10 και
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 9 of 10
10. g 0 3f 1 f 1 2f 1 2f 1 10 µε την εφαπτοµένη της Cg στο B 0,g 0 ή B 0, 10
να έχει εξίσωση y g 0 g 0 x 0 y 10 10x y 10x 10 .
Άρα η εφαπτοµένη της Ch στο A 1,h 1 και η εφαπτοµένη της Cg στο B 0,g 0 είναι κοινή
µε εξίσωση y 10x 10 .
iii. Για το όριο
5 2
x 1
x 1 ln x 1 10 x 1
lim
h x
. Αρχικά είναι
x 1
20u x 1
5 2 5 2
5 6 5lim u 0 D.L.Hx 1 u 0 u 0 u 0 u 0
1
2ln u
ln u 2ln uulim x 1 ln x 1 lim u ln u lim lim lim
u 5u 5u
5
6D.L.H u 0 u 0
2
2ulim lim u 0
25u 25
και
h ή 1
x 1
lim h x h 1 f 1 0
, οπότε στο όριο
5 2
x 1
x 1 ln x 1 10 x 1
lim
h x
έχουµε απροσδιοριστία
0
0
στην οποία ΔΕΝ µπορούµε να
χρησιµοποιήσουµε κανόνα De L’ Hospital αφού η h και η f ΔΕΝ ξέρουµε αν έχουν συνεχείς
παραγώγους. Έτσι
5 42 2
x 1 x 1
x 1 ln x 1 10 x 1 x 1 ln x 1 10
lim lim
h x 0h x
x 1
4 2
x 1
x 1 ln x 1 10 0 10 10
lim 1
h x h 1 h 1 10
x 1
, καθώς όμοια με το προηγούμενο όριο
5 2
x 1
lim x 1 ln x 1 0
είναι και
4 2
x 1
lim x 1 ln x 1 0
.
13.02.2018 Αποκλειστικά στο lisari.blogspot.gr Page 10 of 10