1. Memahami konsep Eksternalitas dan ketidakefisienan pasar
2. Menganalisis bentuk Kebijakan public mengenai eksternalitas.
3. Memahami Analisis Coase terhadap eksternalitas
1. Memahami konsep Eksternalitas dan ketidakefisienan pasar
2. Menganalisis bentuk Kebijakan public mengenai eksternalitas.
3. Memahami Analisis Coase terhadap eksternalitas
2. TANIM
Varsa, lim f(x)-f(xo) limitinin değerine f fonksiyonunun xo noktasındaki
x- x x – xo
türevi denir. Bu türev f ’ (xo) veya df (xo) biçiminde gösterilir.
dx
UYARI
f ‘(x) = lim f(x) – f(x0) eşitliğinde,
x→x0 x – x0
x – x0 = h yazılırsa tanım;
f ‘(x0) = lim f (x0 + h) – f (x0) ,
h→0 h
x – x0 = ∆x, f (x) – f (x0) = ∆f yazılırsa ,
f ‘(x0) = lim ∆f biçimine dönüşür.
∆ x→0 ∆x
3. ÖRNEK :
3
f (x) = Vx olduğuna göre , f ‘ (1) = ?
ÇÖZÜM :
3
f ‘ (1) = lim f (x) – f (1) = lim V x - 1 olur.
x 1 x–1 x 1 x–1
3
V x = h alınırsa ,
f ‘ (1) = lim h - 1 = lim h–1 = 1 olur.
h 1 h - 1 h 1 (h-1) (h + h + 1) 3
4. ÖRNEK :
f ( x) = lnx ise , f ‘ (x0) = ?
ÇÖZÜM :
f ‘ (x0) = lim ln (x0 + h ) – lnx0 = lim 1 . ln ( x0 + h ) = lim 1 . (1 + h ) = lim ( 1 + h ) 1/h
olur.
h 0 h h 0 h x0 h 0 h x0 h 0 x0
e
f ‘ (x0) = lim ln [(1+1 )u ] 1 = lim 1 ln ( 1 + 1 )u = 1 . lne = 1 olur.
u x
u u x0 u x0 x0
8
8
0
5. SAĞDAN TÜREV – SOLDAN TÜREV
lim f ( x0 + h ) – f ( x0) limitine x0 noktasındaki soldan türev , lim f ( x0 + h ) – f ( x0) limitine de
h→0- h h→0+ h
x0 noktasındaki sağdan türev denir.
f fonksiyonunun x0 noktasında türevli olması için sağdan türevin soldan türeve eşit olması
gerekir.
ÖRNEK :
f (x) = x2 – 4 fonksiyonu , x0 = 2 de türevlimidir?
ÇÖZÜM :
Soldan türev: lim x2 – 4 - 0 = lim - x2 + 4 = - 4
x 2- x – 2 x 2- x – 2
Sağdan türev: lim x2 – 4 - 0 = 4 tür.
x 2+ x-2
O halde f ‘(2) yoktur.
6. BİR FONKSİYONUN TÜREV FONKSİYONU
A A
Bir f fonksiyonu x0C ( a , b ) için türevliyse, x C ( a , b )için bir f ‘ ( x 0 ) değeri elde
edilecektir. Burada f ‘ (x0) , x0 ın bir fonksiyonudur.
ÖRNEK :
f ( x ) = 3x2 – 4x ise, f ‘ (x) = ?
ÇÖZÜM:
F ‘(x0) = lim 3x2 – 4x –3x0 – 4x0 = lim 3 (x – x0) (x + x0) – 4 (x – x0)
x x0 x – x0 x x0 x – x0
= lim ( x – x0 ) ( 3x +3x0 – 4) = 6x0 – 4 olur.
x x0 x – x0
f ‘ ( x0 ) = 6x0 – 4 olduğundan , f ‘ (x) = 6x – 4 bulunur.
UYARI : Tek fonksiyonun türevi çift, çift fonksiyonun türevi tek fonksiyondur.
7. BAZI FONKSİYONLARIN TÜREVLERİ VE TÜREV ALMA METOTLARI
1. Sabit fonksiyonun türevi sıfırdır. f (x) = V 2 ise, f ‘ (x) = 0 dır.
2. Birim fonksiyonun türevi 1 dir. I (x) = x ise, I ‘ (x) = 1 dir.
3. f (x) = a.x ise, f ‘(x) = a dır. ( aC R)
4. f (x) = a.x n ise, f ‘(x) = a.n..x n-1 ( n CR)
5. y = a.f (x) ise, y ‘ = a.f ‘ (x) ( aC R)
6. y = f (x) + g (x) ise, y ‘ = f ‘ (x) + g ‘ (x)
7. y = f (x) . g (x) ise, y ‘ = f ‘ (x) . g (x) + g ‘ (x) . f (x)
8. y = f ( x ) ise, y ‘ = f ‘ (x) . g (x) – g ‘ (x) . f (x)
g (x) (g (x) )2
8. ÖRNEKLER
1. f (x) = 3 x5 ise, f ‘(x) = 3 . 5 . x5-1 = 15 x4 tür.
2. f (x) = 4 ise, f (x) = 4 . x -3 olduğundan, f ‘ (x) = - 3 . 4 .x –3 – 1 = - 12 . x – 4 = - 12 bulunur.
x3 x4
3. f (x) = 1 = 1 = x –1/3 olduğundan, f ‘(x) = - 1 . x - 1/3 – 1 = - 1 . x –4/3 = -1 = -1 olur.
3
V x x 1/3 3 3 3 .3 Vx4 3x 3Vx
4. f (x) = 5 x2 + 1 = 5 x2 + x –1 olduğundan, f ‘(x) = 10x – x -2 = 10 x - 1 dir.
x x2
5. f (x) = Vx . (x3 – 2x) f ‘(x) = (Vx )’. (x3 – 2x) + (x3 – 2x)’ . Vx = 1 . (x3 – 2x) + (3x2 – 2) .Vx bulunur.
2 Vx
6. y = x - 1 ise, y ‘ = (x – 1)’ . (x2 – 2x) – (x2 – 2x)’ . (x – 1) = 1 . (x2 – 2x) – (2x – 2) . (x – 1) olur.
x2 – 2x (x2 – 2x)2 (x2 – 2x)2
7. f (x) = sin x ise, f ‘(x) = cos x
8. f (x) = cos x ise, f ‘(x) = - sin x
1
9. f (x) = tan x ise, f ‘(x) = 1 + tan2 x = cos2 x= sec2 x
1
10. f (x) = cot x ise, f ‘(x) = - (1 + cot2 x) = sin2 x - cosec2 x
=
9. ÖRNEK:
y= sin x + 1 ise,
cos x – 1
y ‘= (sinx + 1)’ .(cosx – 1) – (cosx –1)’ . (sinx + 1) = + cosx (cosx – 1) + sinx (sinx + 1)
(cosx – 1)2 (cosx – 1)2
= cos x + sin x + sinx + cosx 1 + sinx – cosx olur.
2 2
=
(cosx – 1)2 (cosx – 1)2
10. TERS FONKSİYONUN TÜREVİ
f, (a , b) de türevli ve bire – bir , f –1 fonksiyonu da f (a , b) de türevli ise, f (x0) = y0 iken,
11. (f –1)’ (y0) = 1 olur.
f ‘(x0)
ÖRNEK :
f (x) = 4x + 1 ise, (f –1)’ (1) = ?
2x – 3
ÇÖZÜM :
y0 = 1 olduğundan 4x0 + 1 = 1 ⇒ x0 = - 2 bulunur.
2x0 – 3
f ‘(x) = 4 (2x – 3) – 2 (4x + 1) = - 14 2 f ’(-2) = - 14 = - 2_
(2x – 3)2 (2x – 3) 49 7
(f –1 )’ (1) = 1 = 1 = -7 bulunur.
f ‘(-2) -2 2
7
11. TERS TRİGONOMETRİK FONKSİYONLARI
f (x) = sin x fonksiyonu R de bire-bir değildir. Ancak uygun bir tanım kümesi seçilerek
seçilen aralıkta bire-bir olması sağlanabilir. İşte f (x) = sin x fonksiyonunun bire-bir
olduğu bir aralıkta;
f –1 (x) = sin –1 x ters fonksiyonu vardır ve y = arcsin x biçiminde gösterilir. Aynı
biçimde y = arccos x, y = arctan x ve y = arccot x fonksiyonları elde edilebilir.
Burada; arcsin 1 π , arc tan 1 π ... v.s. yazılabilir.
2 6 4
Ayrıca, arc sin (sin x) = sin – 1 (sin x) = x
arc cot (cot x) = cot –1 (cot x) = x ...v.s. olur.
12. ÖRNEK
tan (arc sin x) = ?
ÇÖZÜM
arc sin x = y olsun. sin y = x olacaktır. Yandaki şekilden; 1
y x
}
tan (arc sin x) = tan y x bulunur. y
V 1 – x2 V 1 – x2
ÖRNEK
tan (2 . arc sin x) = ?
ÇÖZÜM
arc sin x = y olsun. sin y = x olur. 1
y 2x__ x
}
tan (2.arc sin x) = tan (2y) = 2 tan y = V 12– x
2
y
1 - __x __ V 1 – x2
1 – x2
= 2x__ . 1 – x 2 bulunur.
2
V 1 – x2 1 – 2x
13. TÜREVİ
12. f (x) = arc sin x ise, f ‘(x) = 1 .
V 1 – x2
13. f (x) = arc cos x ise, f ‘(x) = -1 .
V 1 – x2
14. f (x) = arc tan x ise, f ‘(x) = 1 .
1 + x2
15. f (x) = arc cot x ise, f ‘(x) = -1 olur.
1 + x2
BİLEŞKE FONKSİYONUN TÜREVİ VE TÜREVDE ZİNCİR KURALI
f, x0 da, g de f (x0) da türevli fonksiyonlar olsun. Bu durumda, (gof) ‘(x0) = g ‘(f (x0)). f ‘(x0) olur.
Örneğin; y = 3 (x2 – 3x)5 fonksiyonu f (x) = x2 – 3x ve g (x) = 3x5 olmak üzere y = (gof) (x)
fonksiyonudur.
g ‘(x) = 15x4, g ‘(f(x)) = 15(x2 – 3x)4 , f ‘(x) = 2x – 3 olduğundan,
y ‘ = g ‘(f(x)).f ‘(x) = 15(x2 – 3x)4 .(2x – 3) bulunur.
Daha çok fonksiyonun bileşkesi için;
y = f (g (h (t (x) ) ) )
y ‘ = f ‘ (g (h (t (x) ) ) ) . g ‘(h (t (x) ) ) . h ‘(t (x) ) . t ‘(x) bulunur.
14. ÖRNEK
y = sin3 (x2 + x) ise, y ‘= 3 sin2 (x2 + x) . cos (x2 + x) .(2x + 1) olur.
ÖRNEK
y sin2 V cos (2x) ise, y ‘ = 2 sin V cos 2x . Cos V cos 2x . _____1____ . (- sin 2x) .2 olur.
2 V cos 2x
UYARI
y = g (f (h (t (x) ) ) ) için:
u = t (x) ⇒ y = g (f (h (u) ) )
v = h (u) ⇒ y = g (f (v) )
z = f (v) ⇒ y = g (z)
k = g (z) ⇒ y = k yazılırsa, dy/dx = dy/dk . dk/dz . dz/dv . dv/du . du/dx eşitliği
yardımıyla da türev alınabilir.
15. ÖRNEK
f (x) = sin3 (cos x) ise, f ‘(x) = ?
ÇÖZÜM
u = cos x ⇒ f (u) = sin3u, v = sin u ⇒ f (v) = v3 df/dx= df/dv . dv/du . du/dx
= 3v2 . cos u . (- sin x) = (- 3 sin2u . cos (cos x) . sin x
= - 3 sin2 (cos x) . cos (cos x) . sin x olur.
Buna göre türev kuraları;
1. y = (f (x) )n ise, y ‘ = n . (f(x) )n – 1 . f ‘(x) 2. y = V f (x) ise, y ‘ = _____f ‘(x)____
n
2 . V f (x)
3. y = V(f(x)) ise, y ‘ = _____ f ‘ (x) _____
m
4. y = cos f (x) = ise, y ‘ = - f ‘(x) . sin f (x)
n
n . V f (x)n – m
5. y = sin(f (x) ) =ise, y ‘ = f ‘(x) . cos f (x) 6. y = arc sin (f (x) ) = ise, y ‘ = ____f ‘(x)___
V 1 – f 2 (x)
7. y = tan(f (x) ) = ise, y ‘ = f ‘(x) . ( 1 + tan2 (f (x) )
8. y = arc tan x ise, y ‘ = ____f ‘(x)____
1 + f 2 (x)
ÖRNEK
f (x) = arc tan V x ise, f ‘(x) = ?
ÇÖZÜM
___1___
2Vx
f ‘(x) = ______________ olur.
1+x
16. KAPALI FONKSİYONLAR VE TÜREVİ
F (x,y) = 0 biçimindeki bağıntılara kapalı fonksiyon denir. Burada, y = f (x) tir.
y3x2 + 2x2y + 3x – 5y2 +2 = 0 yx – x + y = 0 gibi.
ÖRNEK
y .x2 + 5y2 x – x2 + 3y + 2 = 0 ise, y ‘ = ?
ÇÖZÜM
y = f (x) olduğundan fonksiyon,
f (x) . x2 + 5 . (f (x) )2 . x – x2 + 3 f (x) + 2 = 0 biçiminde yazılabilir.
f ‘(x) . x2 + 2x .f (x) + 5 . 2f (x). f ‘(x) . x + 5 . (f (x) )2 – 2x + 2f ‘(x) = 0
f ‘(x) (x2 + 10x f (x) + 3) = -2x f (x) – 5 (f (x) )2 + 2x
- 2x f (x) – 5 (f (x) )2 + 2x
___________________________ - 2xy – 5y2 + 2x
_______________
f ‘(x) = olur. y‘ = bulunur.
x2 + 10x f (x) + 3 x2 + 10xy + 3
UYARI
y sabit düşünülerek alınan türev f ‘(x) ,
x sabit düşünülerek alınan türev f ‘(y) ise;
- f ‘(x)
y ‘ = _________ olur.
f ‘(y)
17. LOGARİTMİK FONKSİYONLARDA TÜREV
1. y = lnx ise, y ‘ = 1/x 2. y = lnf (x) ise, y ‘ = f ‘(x) / f (x)
3. y = log a x ise, y ‘ = 1/x . log a e 4. y = log a f (x) ise, y ‘ = f ‘(x) / f (x) . log a e
ÖRNEK
f (x) = ln (cos2x) ise f ‘(π/8) = ?
ÇÖZÜM
- 2 sin 2x
_____________ - 2 tan 2x
f ‘(x) = =
cos 2x
π π
f ‘( __ ) = - 2 tan __ = - 2 bulunur.
8 4
18. ÜSTEL FONKSİYONLARDA TÜREV
1. y = e x ise, y ‘ = e x
2. y = e f (x) ise, y ‘ = f ‘(x) . e f (x)
3. y = a x ise, y ‘ = a x . lna
4. y = a f (x) ise, y ‘=f ‘(x) . a f (x) . lna
ÖRNEK
y = (2x2 + 1)sin x ise, y ‘ = ?
ÇÖZÜM
Her iki tarafın doğal logaritması alınırsa
lny = ln (2x2 + 1)sin x ⇒ lny = sin x . Ln (2x2 + 1)
___‘ cos x . ln (2x2 + 1) + __________ . sin x
y 4x
y 2x2 + 1
4x . sin x
y ‘ = (2x2 + 1)sin x . [cos x . ln (2x2 + 1) + ____________ bulunur.
2x + 1
19. YÜKSEK MERTEBEDEN TÜREVLER ( ARDIŞIK TÜREV )
Bir y = f (x) fonksiyonun türevinin türevine 2 nci türev, onun da türevine 3 ncü
türev denir.
y = f (x) in 3 ncü türevi y’’’ = f ‘’’(x) veya _______ biçiminde gösterilir.
d3f
dx3
ÖRNEK
f (x) = 2x4 + 5x3 + 7 ise ,
d2f
df
_____ = 8x3 +15x2 , _____ = 24x2 +15x , ____ 48x +15 , ____ 48 ____ 0 bulunur.
d3f d4f = ,d5f =
dx dx2 = dx4
dx3 dx5
20. TÜREVİN GEOMETRİK ANLAMI
y y = f (x)
f (x) – f (x0)
____________ oranı, AB kirişinin O ile pozitif f (x)
x – x0 x B
yönde yaptığı açının tanjantı yani f (x0) A θ. f (x) – f (x0)
x – x0 C
AB nin eğimidir. x →x0 olması
durumunda AB kirişi eğriye A θ x
noktasında çizilen teğete yaklaşır. x x0
f (x) – f (x0)
O halde, f ‘(x0) = lim ____________ değeri y = f (x) eğrisine, x = x 0 da
x →x0 x – x0
çizilen teğetin eğimini vermektedir.
21. ÖRNEK
Vx
f (x) = eğrisine x0 = 1 de çizilen teğetin eksenlerle oluşturduğu üçgenin
2x – 1
alanı nedir ?
ÇÖZÜM
_____ . (2x – 1) – 2 . V x
1
V1
x0 = 1 ⇒ y = = 1, A (1,1) f ‘(x) = ___________________________
2 Vx
2–1 (2x – 1)2
___ . 1 – 2
1
2 3
m = f ‘(1) = ____________ = ___ - 2 = - ___
1
_ 1 2 2
değerleri y – y0 = m (x – x0) da yerine yazılırsa;
3 3 5
___ (x – 1) ⇒ y = - ___ x + ___ olur.
y – 1 =- 2 2
2
5 5
___ . ___
___
5 ___ _________ ___ olur.
2 3 25
x=0 ⇒y= , y = 0 ⇒ x = 5 ve A
3 = 12
2 2
=
22. ÖRNEK
y = x2 + 2x eğrisinin y = 4x + 1 doğrusuna paralel teğetinin A değme noktasının
koordinatları nedir ?
ÇÖZÜM
y = 4x + 1 doğrusunun eğimi m = 4 olduğundan, teğetin eğimi de 4 olmalıdır.
f ‘(x0) = 4 ⇒ 2x0 + 2 = 4 ⇒ x0 = 1
x0 = 1 ⇒ y0 = 12 + 2 .1 = 3 ve A(1,3) olur.
23. ÖRNEK
Bir cisim 20m/sn ilk hızla dikey olarak fırlatılıyor. Bu cisim kaç metre yüksekliğe ulaşır?
ÇÖZÜM
x(t) = - ____ at2 + V0 . t den, x(t) = -5t2 + 20t olur.
1
2
Cisim maksimum yüksekliğe ulaştığında hızı sıfırdır.
x’(t) = - 10t + 20 = 0 ⇒ t = 2. saniye ve x(2) = -5.4 + 20.2 = 20 m yüksekliğe ulaşır.
ÖRNEK
Yandaki şekilde birbirini dik kesen iki yolda, 10m
→ 5 m/sn I.
{
iki aracın başlangıç durumları verilmiştir. Aynı
anda ok yönünde 2m/sn ve 5m/sn hızlarla
→
hareket eden bu iki aracın 1. Saniyede 2 m/sn
birbirlerinden uzaklaşma hızı ne olur ?
II.
ÇÖZÜM
I . hareketli x(t) = 10 + 5t , II . hareketli x(t) = 2t kuralı ile yol alır. Aralarındaki uzaklık ;
58t + 100
l(t) = V 4t2 + (10 + 5t)2 l(t) = V 29t2 + 100t + 100 ⇒ l(t) = ________________
2 V 29t2 + 100t + 100
______ = ______ m/sn bulunur.
158 79
ve l’(1) = V229
2 . V229
24. TÜREVİN HAREKET PROBLEMLERİNE UYGULANMASI
Zaman yol fonksiyonu verilen bir hareketlinin,
t1 saniyede aldığı yol x (t1) olsun.
x (t) – x (t1)
____________ oranı t , t zaman aralığındaki
t – t1 1
ortalama hızı, t → t1 için limitte t1 anındaki ani hızı verir.
x (t) – x (t1) ∆x
____________ , V (t1) = lim _____ = x’ (t ) olur.
Vort = t – t1 t → t1 ∆ t 1
Yani, yolun zamana göre türevi hızı verir. Benzer düşünülürse hızın
zamana göre türevinin (yolun zamana göre 2. türevi) anlık ivmeyi verdiği
bulunur.
25. TÜREVİN UYGULAMALARI
TANIM: Bir fonksiyonun [a,b] aralığında aldığı en büyük ve en küçük değerlere
maximum ve minimum veya extramum değerler denir.
TANIM: Bir f(x) fonksiyonu C > 0 için, (x1 - C , x1 + C ) aralığında extramum
A
değer alıyorsa, bu değerlere yerel maximum ve minimum denir. y
Yandaki şekilde f:[a,b] → R,
y = f(x) fonksiyonunun
a x1 x2 x
grafiği verilmiştir.
0 x3 b
1. [a,b] aralığında, x = a için fonksiyonun minimum değeri, x = x 3 için maximum
değeri elde edilir.
2. x = x1 ve x = x3 için yerel maximum, x = x2 için yerel minimum var.
26. TEOREM: f:[a,b] →R, fonksiyonu [a,b] de sürekli, (a,b) de türevli olsun. Bu
fonksiyon x1 C (a,b) de extramum değer alıyorsa, f ‘(x1) = 0 dır.
TANIM: x1 < x2 ⇒ f(x1) < f(x2) ise, artan
x1 < x2 ⇒ f(x1) > f(x2) oluyorsa, f(x) azalan fonksiyon dur.
TEOREM: Bir fonksiyonun artan olduğu aralıkta türev pozitif, azalan olduğu
aralıkta türev negatiftir. y y=f(x)
f:[a,b] → R
a x1 x
1. x1 ve x3 te yerel minimum, x2 x6 x2 x4 x3 x5 b
de yerel maximum var. f ‘(x1) =
f ‘(x2) = f ‘ (x3) = 0 dır.
2. f, (a,x1), (x2,x3) aralıklarında azalan. Bu nedenle f ‘(x4)<0, f ‘(0)<0 dır.
3. f, (x1,x2), (x3,b) aralıklarında artan. Bu nedenle f ‘(x6) >0, f ‘(x5)>0 olur.
27. İKİNCİ TÜREVİN GEOMETRİK ANLAMI
İkinci türevin pozitif olduğu aralıklarda eğri içbükey, negatif olduğu aralıklarda
eğri dışbükey dir. F “(x0) = 0 için, x0 da ikinci türev işaret değiştiriyorsa, x = x 0 da
dönüm noktası vardır denir.
Öğrendiklerimizi aşağıdaki grafikte özetleyelim.
y
y=f(x)
D.N
D.N D.N
x1 x2 x3 x4 x5 x6 x7 x8 x
1. f(x1) = 0, f ‘(x1)> 0, f “(x1)< 0
2. f “(x4) = f “(0) = 0, f ‘(x3) = f ‘(x5) = f ‘(x6),= f ‘(x8) = 0
3. f(x2) > 0, f ‘(x2)> 0, f “(x2) < 0
28. SONUÇLAR
I. f ‘(x1) = 0, f “(x1) > 0 ise, x1 de yerel minimum vardır.
II. f ‘(x2) = 0, f “(x1) < 0 ise, x2 de yerel maximum vardır.
ÖRNEK
f(x) = x3 – 6x2 – 1 fonksiyonunun artan – azalan olduğu aralıklar, extramum
noktalar ve dönüm noktasını bulunuz.
ÇÖZÜM
x 0 2 4
y’=3x2-12x + - - +
y’’=6x-12 - - + +
Artan dış Azalan dış Azalan Artan iç
bükey max. bükey iç bükey bükey
D.N min
29. ÇÖZÜMLÜ TESTLER
SORU - 1
f(x) =[x+1]+x2-x-6 +sgn x ise f ‘( ___ = ?
1)
2
A) 0 B) – 1 C) 1 D) – ___
1 E) ___
1
2 2
ÇÖZÜM
x = ___ civarında; [x+1] = 1, x2-x-6 = -x2+x-6 ve sgn(x) = 1 olduğundan,
1
2
f ‘(x) = 0-2x+1+0 = -2x+1 ve f ‘( ___ = -2 . ___ = 0 bulunur.
1) 1 +1
2 2
YANIT : A
30. SORU - 2
π
f(x) =x2 , g(x) = 6x – 1 ve h(x) = sinx olduğuna göre (fogoh)’(_____ ) = ?
6
A) 12 V 3 B) 6 V 3 C) 3 V 3 D) 2 V 3 E) 3
ÇÖZÜM
(fogoh)’(x) = f ‘(g(h(x))) . g’(h(x)) . h’(x) olduğundan,
f ‘(x) = 2x ⇒ f ‘(g(h(x))) = 2 . (6sinx – 1) g ‘(x) = 6 ⇒ g‘(h(x)) = 6, h’(x) = cosx
olduğundan,
π π π
(fogoh) ‘(x) = 2 . (6sinx – 1) . 6 . Cosx ve (fogoh) ‘ (___ ) 2 . (6sin___ - 1) . 6 . cos___
6 6 6
1 V3
2 . (6. ___ -1) . 6 ._____ = 12V 3
2 olur.
2
YANIT : A
31. SORU - 3
1 1
x = arctan _____ - arctan _____ olduğuna göre, sin x = ?
2 3
1 1
_____ V7 _____
5 _____
1
A) _____ B) C)_____ D) V 2 E)
7 V7 2 5V2
ÇÖZÜM
1 1
x = arctan _____ - arctan _____ her iki tarafın tanjantı alınırsa;
2 3
1 1
tan(arctan __ ) – tan(arctan __ ) 1 1
_____ - _____ 1
_____
tanx = ____________________________
2 3 2 3
_ + tan(arctan 1 1
__ ) . tan(arctan __ ) tanx = _______________ = ________
6
1 1 1
2 3 1 + _____ . _____ 1 + _____
1
2 3 6
1 sinx = _____
1 6
_____ . ____ = _____ olur. 1
= 6 bulunur.
7 7 5V2
YANIT : E
33. SORU - 5 y
y= f(x)
6
-1
9x
B
y=
y = 9x – 16 doğrusunu apsisi – 4 olan A -4 0 x
noktasından kesen ve aynı doğruya B 2
noktasında teğet olan üçüncü derece
fonksiyonu hangisidir ? A
A) f (x) = x3 – 3x B) f (x) = x3 – 3x – 2 C) f (x) = x3 – x + 1
D) f (x) = x3 – 3x – 1 E) f (x) = x3 – 3x – 3
ÇÖZÜM
f (x) = x3 + ax2 + bx olur. x = 2 ⇒ f (x) = 2 ve 4a + 2b = - 6 ⇒ 2a + b = - 3 ( I )
Ayrıca, ortak çözüm x = - 4 için sağlanmalıdır. Buna göre; x3 + ax2 + bx = 9x - 16
ifadesinde; x = - 4 ise, - 64 + 16 – 4b = - 36 – 16 ⇒ 4a – b = 3 ( II )
2a + b = - 3 ⇒ a = 0, b = - 3 ve f (x) = x3 – 3x olur.
4a – b = 3
YANIT A
34. SORU - 6 y
f : [0 , 6] → R olmak üzere üçüncü 2 4 5 6 x
dereceden y = f (x) polinom fonksiyonunun 0
grafiği yandaki şekilde verilmiştir.
Aşağıdakilerden hangisi YANLIŞTIR ? D.N
A) f (3) < 0 B) f ‘(3) < 0 C) f “(3) < 0
D) f ‘(1) > 0 E) f “(1) > 0
ÇÖZÜM
f , x = 1 civarında dış bükey olduğundan f ”(1) < 0 olmalıdır. Oysa, E çeldiricisinde
bunun tersi yazılıdır.
YANIT E
35. SORU - 7
x2 + ax + 2 eğrisinin – 1 apsisli noktasında extramumu vardır. a = ?
f (x) =
x2 + 2x
A) – 2 B) – 1 C) 0 D) 1 E) 2
ÇÖZÜM
(2x+a)(x2+2x) – (2x+2) (x2+ax+2)
f ‘(x) =
(x2+2x)2
x = - 1 ⇒ f ‘(x) = 0 olduğundan, (- 2 + a) (1 - 2) – (-2 + 2) (1 - a + 2) = 0 ⇒ - 2 + a = 0
⇒ a = 2 olur.
YANIT E
36. SORU - 8
x2 - 1
f (x) = x ise f ’ (1) = ?
1
A) B) C) 2 D) 0 E) 1
2
ÇÖZÜM
y=x
x2 – 1
olsun. l ny = (x2 –1) . l nx y1 = 2x l nx + 1 .(x2 – 1). l nx
y x
x2 – 1
f ’(x) = x . [ 2x.l nx+ x2-1 ] f ’(1)=10.[2.1.0.0]=0 bulunur.
x
YANIT D
37. SORU - 9
e f (x) + e – f (x) = 2x ve f (1) = 2 olduğuna göre f ‘(1) = ?
2 2e e2
A) B) 2 -2 C) e – e
4 2
D) 2 E) e
e2 – e-2 e –e e –1
ÇÖZÜM
2
(ef (x) + e-f (x))’ = (2x)’ f ‘(x) . ef (x) - f ‘(x) . e-f (x) = 2 f ‘(x) = olur.
e f (x)
–e -f (x)
2
f ‘(1) =
e2 – e-2
YANIT D