Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
Đây chỉ là bản mình dùng để làm demo trên web. Để tải bản đầy đủ bạn vui lòng truy cập vào website tuituhoc.com nhé, chúc bạn tìm được nhiều tài liệu hay
01 khao sat va ve do thi ham so p1. Xem thêm luyện thi đại học tại đây http://luyenthidaminh.vn/news/de-thi-dai-hoc-mon-van/De-va-Dap-an-thi-Dai-hoc-mon-Van-khoi-C-nam-2014-664.html
đề Thi tuyển sinh vào 10 năm 2013 trường chuyên nguyễn trãi- Hải Dươngdiemthic3
đề Thi tuyển sinh vào 10 năm 2013 trường chuyên nguyễn trãi- Hải Dương. Xem thêm thông tin tuyển sinh vào 10 năm 2015 tại đây http://tin.tuyensinh247.com/vao-lop-10-c22.html
đề Thi tuyển sinh lớp 10 thpt tỉnh hà nội năm 2013diemthic3
đề Thi tuyển sinh lớp 10 thpt tỉnh hà nội năm 2013. Xem thêm thông tin tuyển sinh vào 10 năm 2015 tại đây http://tin.tuyensinh247.com/vao-lop-10-c22.html
Ve do thi ham so. Xem thêm thông tin luyện thi TN THPT 2015 tại đây http://luyenthidaminh.vn/news/de-thi-dai-hoc-mon-van/De-va-Dap-an-thi-Dai-hoc-mon-Van-khoi-C-nam-2014-664.html
Phương trình số phức - phần 1. Xem thêm luyện thi đại học tại đây
http://giasuminhtri.edu.vn/luyen-thi/luyen-thi-dai-hoc-mon-toan.html?gclid=CKzM777AwsQCFU5vvAodBDEAYg
Đáp án đề thi Toán đại học - 2012. Xem thêm thông tin tuyển sinh đại học 2015 tại đây
http://vnexpress.net/tin-tuc/giao-duc/tuyen-sinh/cac-mon-thi-thpt-quoc-gia-se-co-de-minh-hoa-3159595.html
GIÁO TRÌNH 2-TÀI LIỆU SỬA CHỮA BOARD MONO TỦ LẠNH MÁY GIẶT ĐIỀU HÒA.pdf
https://dienlanhbachkhoa.net.vn
Hotline/Zalo: 0338580000
Địa chỉ: Số 108 Trần Phú, Hà Đông, Hà Nội
Để xem full tài liệu Xin vui long liên hệ page để được hỗ trợ
:
https://www.facebook.com/garmentspace/
https://www.facebook.com/thuvienluanvan01
HOẶC
https://www.facebook.com/thuvienluanvan01
https://www.facebook.com/thuvienluanvan01
tai lieu tong hop, thu vien luan van, luan van tong hop, do an chuyen nganh
GIAO TRINH TRIET HOC MAC - LENIN (Quoc gia).pdfLngHu10
Chương 1
KHÁI LUẬN VỀ TRIẾT HỌC VÀ TRIẾT HỌC MÁC - LÊNIN
A. MỤC TIÊU
1. Về kiến thức: Trang bị cho sinh viên những tri thức cơ bản về triết học nói chung,
những điều kiện ra đời của triết học Mác - Lênin. Đồng thời, giúp sinh viên nhận thức được
thực chất cuộc cách mạng trong triết học do
C. Mác và Ph. Ăngghen thực hiện và các giai đoạn hình thành, phát triển triết học Mác - Lênin;
vai trò của triết học Mác - Lênin trong đời sống xã hội và trong thời đại ngày nay.
2. Về kỹ năng: Giúp sinh viên biết vận dụng tri thức đã học làm cơ sở cho việc nhận
thức những nguyên lý cơ bản của triết học Mác - Lênin; biết đấu tranh chống lại những luận
điểm sai trái phủ nhận sự hình thành, phát triển triết học Mác - Lênin.
3. Về tư tưởng: Giúp sinh viên củng cố niềm tin vào bản chất khoa học và cách mạng
của chủ nghĩa Mác - Lênin nói chung và triết học Mác - Lênin nói riêng.
B. NỘI DUNG
I- TRIẾT HỌC VÀ VẤN ĐỀ CƠ BẢN CỦA TRIẾT HỌC
1. Khái lược về triết học
a) Nguồn gốc của triết học
Là một loại hình nhận thức đặc thù của con người, triết học ra đời ở cả phương Đông và
phương Tây gần như cùng một thời gian (khoảng từ thế kỷ VIII đến thế kỷ VI trước Công
nguyên) tại các trung tâm văn minh lớn của nhân loại thời cổ đại. Ý thức triết học xuất hiện
không ngẫu nhiên, mà có nguồn gốc thực tế từ tồn tại xã hội với một trình độ nhất định của
sự phát triển văn minh, văn hóa và khoa học. Con người, với kỳ vọng được đáp ứng nhu
cầu về nhận thức và hoạt động thực tiễn của mình đã sáng tạo ra những luận thuyết chung
nhất, có tính hệ thống, phản ánh thế giới xung quanh và thế giới của chính con người. Triết
học là dạng tri thức lý luận xuất hiện sớm nhất trong lịch sử các loại hình lý luận của nhân
loại.
Với tư cách là một hình thái ý thức xã hội, triết học có nguồn gốc nhận thức và nguồn
gốc xã hội.
* Nguồn gốc nhận thức
Nhận thức thế giới là một nhu cầu tự nhiên, khách quan của con người. Về mặt lịch
sử, tư duy huyền thoại và tín ngưỡng nguyên thủy là loại hình triết lý đầu tiên mà con
người dùng để giải thích thế giới bí ẩn xung quanh. Người nguyên thủy kết nối những hiểu
biết rời rạc, mơ hồ, phi lôgích... của mình trong các quan niệm đầy xúc cảm và hoang
tưởng thành những huyền thoại để giải thích mọi hiện tượng. Đỉnh cao của tư duy huyền
thoại và tín ngưỡng nguyên thủy là kho tàng những câu chuyện thần thoại và những tôn
9
giáo sơ khai như Tô tem giáo, Bái vật giáo, Saman giáo. Thời kỳ triết học ra đời cũng là
thời kỳ suy giảm và thu hẹp phạm vi của các loại hình tư duy huyền thoại và tôn giáo
nguyên thủy. Triết học chính là hình thức tư duy lý luận đầu tiên trong lịch sử tư tưởng
nhân loại thay thế được cho tư duy huyền thoại và tôn giáo.
Trong quá trình sống và cải biến thế giới, từng bước con người có kinh nghiệm và có
tri thức về thế giới. Ban đầu là những tri thức cụ thể, riêng lẻ, cảm tính. Cùng với sự tiến
bộ của sản xuất và đời sống, nhận thức của con người dần dần đạt đến trình độ cao hơn
trong việc giải thích thế giới một cách hệ thống
CÁC BIỆN PHÁP KỸ THUẬT AN TOÀN KHI XÃY RA HỎA HOẠN TRONG.pptxCNGTRC3
Cháy, nổ trong công nghiệp không chỉ gây ra thiệt hại về kinh tế, con người mà còn gây ra bất ổn, mất an ninh quốc gia và trật tự xã hội. Vì vậy phòng chông cháy nổ không chỉ là nhiệm vụ mà còn là trách nhiệm của cơ sở sản xuất, của mổi công dân và của toàn thể xã hội. Để hạn chế các vụ tai nạn do cháy, nổ xảy ra thì chúng ta cần phải đi tìm hiểu nguyên nhân gây ra các vụ cháy nố là như thế nào cũng như phải hiểu rõ các kiến thức cơ bản về nó từ đó chúng ta mới đi tìm ra được các biện pháp hữu hiệu nhất để phòng chống và sử lý sự cố cháy nổ.
Mục tiêu:
- Nêu rõ các nguy cơ xảy ra cháy, nổ trong công nghiệp và đời sống; nguyên nhân và các biện pháp đề phòng phòng;
- Sử dụng được vật liệu và phương tiện vào việc phòng cháy, chữa cháy;
- Thực hiện được việc cấp cứa khẩn cấp khi tai nạn xảy ra;
- Rèn luyện tính kỷ luật, kiên trì, cẩn thận, nghiêm túc, chủ động và tích cực sáng tạo trong học tập.
CÁC BIỆN PHÁP KỸ THUẬT AN TOÀN KHI XÃY RA HỎA HOẠN TRONG.pptx
Sự biến thiên của hàm số
1. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
Kiến thức cơ bản
Giả sử hàm số y f x( )= có tập xác định D.
• Hàm số f đồng biến trên D ⇔ y x D0,′ ≥ ∀ ∈ và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc D.
• Hàm số f nghịch biến trên D ⇔ y x D0,′ ≤ ∀ ∈ và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc D.
• Nếu y ax bx c a2
' ( 0)= + + ≠ thì:
+
a
y x R
0
' 0,
0∆
>
≥ ∀ ∈ ⇔ ≤
+
a
y x R
0
' 0,
0∆
<
≤ ∀ ∈ ⇔ ≤
• Định lí về dấu của tam thức bậc hai g x ax bx c a2
( ) ( 0)= + + ≠ :
+ Nếu ∆ < 0 thì g x( ) luôn cùng dấu với a.
+ Nếu ∆ = 0 thì g x( ) luôn cùng dấu với a (trừ
b
x
a2
= − )
+ Nếu ∆ > 0 thì g x( ) có hai nghiệm x x1 2, và trong khoảng hai nghiệm thì g x( ) khác dấu với a, ngoài
khoảng hai nghiệm thì g x( ) cùng dấu với a.
• So sánh các nghiệm x x1 2, của tam thức bậc hai g x ax bx c2
( ) = + + với số 0:
+ x x P
S
1 2
0
0 0
0
∆ ≥
≤ < ⇔ >
<
+ x x P
S
1 2
0
0 0
0
∆ ≥
< ≤ ⇔ >
>
+ x x P1 20 0< < ⇔ <
•
a b
g x m x a b g x m
( ; )
( ) , ( ; ) max ( )≤ ∀ ∈ ⇔ ≤ ;
a b
g x m x a b g x m
( ; )
( ) , ( ; ) min ( )≥ ∀ ∈ ⇔ ≥
B. Một số dạng câu hỏi thường gặp
1. Tìm điều kiện để hàm số y f x( )= đơn điệu trên tập xác định (hoặc trên từng khoảng xác định).
• Hàm số f đồng biến trên D ⇔ y x D0,′ ≥ ∀ ∈ và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc D.
• Hàm số f nghịch biến trên D ⇔ y x D0,′ ≤ ∀ ∈ và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc D.
• Nếu y ax bx c a2
' ( 0)= + + ≠ thì:
+
a
y x R
0
' 0,
0∆
>
≥ ∀ ∈ ⇔ ≤
+
a
y x R
0
' 0,
0∆
<
≤ ∀ ∈ ⇔ ≤
2. Tìm điều kiện để hàm số y f x ax bx cx d3 2
( )= = + + + đơn điệu trên khoảng ( ; )a b .
Ta có: y f x ax bx c2
( ) 3 2′ ′= = + + .
a) Hàm số f đồng biến trên ( ; )a b ⇔ y x0, ( ; )′ ≥ ∀ ∈ a b và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc
( ; )a b .
Trường hợp 1:
• Nếu bất phương trình f x h m g x( ) 0 ( ) ( )′ ≥ ⇔ ≥ (*)
thì f đồng biến trên ( ; )a b ⇔ h m g x
( ; )
( ) max ( )≥
a b
• Nếu bất phương trình f x h m g x( ) 0 ( ) ( )′ ≥ ⇔ ≤ (**)
thì f đồng biến trên ( ; )a b ⇔ h m g x
( ; )
( ) min ( )≤
a b
Trường hợp 2: Nếu bất phương trình f x( ) 0′ ≥ không đưa được về dạng (*) thì đặt t x= −a . Khi đó ta có:
y g t at a b t a b c2 2
( ) 3 2(3 ) 3 2α α α′ = = + + + + + .
SỰ BIẾN THIÊN CỦA HÀM SỐ
Thầy Đặng Việt Hùng
2. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
– Hàm số f đồng biến trên khoảng a( ; )−∞ ⇔ g t t( ) 0, 0≥ ∀ < ⇔
a
a
S
P
0
0 0
0 0
0
∆
∆
>
> >
∨
≤ >
≥
– Hàm số f đồng biến trên khoảng a( ; )+∞ ⇔ g t t( ) 0, 0≥ ∀ > ⇔
a
a
S
P
0
0 0
0 0
0
∆
∆
>
> >
∨
≤ <
≥
b) Hàm số f nghịch biến trên ( ; )a b ⇔ y x0, ( ; )′ ≥ ∀ ∈ a b và y 0′ = chỉ xảy ra tại một số hữu hạn điểm thuộc
( ; )a b .
Trường hợp 1:
• Nếu bất phương trình f x h m g x( ) 0 ( ) ( )′ ≤ ⇔ ≥ (*)
thì f nghịch biến trên ( ; )a b ⇔ h m g x
( ; )
( ) max ( )≥
a b
• Nếu bất phương trình f x h m g x( ) 0 ( ) ( )′ ≥ ⇔ ≤ (**)
thì f nghịch biến trên ( ; )a b ⇔ h m g x
( ; )
( ) min ( )≤
a b
Trường hợp 2: Nếu bất phương trình f x( ) 0′ ≤ không đưa được về dạng (*) thì đặt t x= −a . Khi đó ta có:
y g t at a b t a b c2 2
( ) 3 2(3 ) 3 2α α α′ = = + + + + + .
– Hàm số f nghịch biến trên khoảng a( ; )−∞ ⇔ g t t( ) 0, 0≤ ∀ < ⇔
a
a
S
P
0
0 0
0 0
0
∆
∆
<
< >
∨
≤ >
≥
– Hàm số f nghịch biến trên khoảng a( ; )+∞ ⇔ g t t( ) 0, 0≤ ∀ > ⇔
a
a
S
P
0
0 0
0 0
0
∆
∆
<
< >
∨
≤ <
≥
3. Tìm điều kiện để hàm số y f x ax bx cx d3 2
( )= = + + + đơn điệu trên khoảng có độ dài bằng k cho trước.
• f đơn điệu trên khoảng x x1 2( ; ) ⇔ y 0′ = có 2 nghiệm phân biệt x x1 2, ⇔
a 0
0∆
≠
>
(1)
• Biến đổi x x d1 2− = thành x x x x d2 2
1 2 1 2( ) 4+ − = (2)
• Sử dụng định lí Viet đưa (2) thành phương trình theo m.
• Giải phương trình, so với điều kiện (1) để chọn nghiệm.
4. Tìm điều kiện để hàm số
ax bx c
y a d
dx e
2
(2), ( , 0)
+ +
= ≠
+
a) Đồng biến trên ( ; )α−∞ .
b) Đồng biến trên ( ; )α +∞ .
c) Đồng biến trên ( ; )α β .
Tập xác định:
e
D R
d
−
=
,
( ) ( )
adx aex be dc f x
y
dx e dx e
2
2 2
2 ( )
'
+ + −
= =
+ +
3. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
5. Tìm điều kiện để hàm số
ax bx c
y a d
dx e
2
(2), ( , 0)
+ +
= ≠
+
a) Nghịch biến trên ( ; )α−∞ .
b) Nghịch biến trên ( ; )α +∞ .
c) Nghịch biến trên ( ; )α β .
Tập xác định:
e
D R
d
−
=
,
( ) ( )
adx aex be dc f x
y
dx e dx e
2
2 2
2 ( )
'
+ + −
= =
+ +
Trường hợp 1 Trường hợp 2
Nếu: f x g x h m i( ) 0 ( ) ( ) ( )≥ ⇔ ≥ Nếu bpt: f x( ) 0≥ không đưa được về dạng (i)
thì ta đặt: t x α= − .
Khi đó bpt: f x( ) 0≥ trở thành: g t( ) 0≥ , với:
g t adt a d e t ad ae be dc2 2
( ) 2 ( ) 2α α α= + + + + + −
a) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α−∞
e
d
g x h m x( ) ( ),
α
α
−
≥⇔
≥ ∀ <
e
d
h m g x
( ; ]
( ) min ( )
α
α
−∞
−
≥
⇔
≤
a) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α−∞
e
d
g t t ii( ) 0, 0 ( )
α
−
≥⇔
≥ ∀ <
a
a
ii
S
P
0
0 0
( )
0 0
0
>
> ∆ >
⇔ ∨
∆ ≤ >
≥
b) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α +∞
e
d
g x h m x( ) ( ),
α
α
−
≤⇔
≥ ∀ >
e
d
h m g x
[ ; )
( ) min ( )
α
α
+∞
−
≤
⇔
≤
b) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α +∞
e
d
g t t iii( ) 0, 0 ( )
α
−
≤⇔
≥ ∀ >
a
a
iii
S
P
0
0 0
( )
0 0
0
>
> ∆ >
⇔ ∨
∆ ≤ <
≥
c) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α β
( )e
d
g x h m x
;
( ) ( ), ( ; )
α β
α β
−
∉⇔
≥ ∀ ∈
( )e
d
h m g x
[ ; ]
;
( ) min ( )
α β
α β
−
∉
⇔
≤
4. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
Baøi 1. Cho hàm số y m x mx m x3 21
( 1) (3 2)
3
= − + + − (1)
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số (1) khi m 2= .
2) Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hàm số (1) đồng biến trên tập xác định của nó.
• Tập xác định: D = R. y m x mx m2
( 1) 2 3 2′= − + + − .
(1) đồng biến trên R ⇔ y x0,′≥ ∀ ⇔ m 2≥
Baøi 2. Cho hàm số y x x mx3 2
3 4= + − − (1)
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi m 0= .
2) Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hàm số (1) đồng biến trên khoảng ( ;0)−∞ .
• Tập xác định: D = R. y x x m2
3 6′= + − . y′ có m3( 3)∆′ = + .
+ Nếu m 3≤ − thì 0∆′ ≤ ⇒ y x0,′ ≥ ∀ ⇒ hàm số đồng biến trên R ⇒ m 3≤ − thoả YCBT.
+ Nếu m 3> − thì 0∆′ > ⇒ PT y 0′ = có 2 nghiệm phân biệt x x x x1 2 1 2, ( )< . Khi đó hàm số đồng biến trên
các khoảng x x1 2( ; ),( ; )−∞ +∞ .
Trường hợp 1 Trường hợp 2
Nếu f x g x h m i( ) 0 ( ) ( ) ( )≤ ⇔ ≥ Nếu bpt: f x( ) 0≥ không đưa được về dạng (i)
thì ta đặt: t x α= − .
Khi đó bpt: f x( ) 0≤ trở thành: g t( ) 0≤ , với:
g t adt a d e t ad ae be dc2 2
( ) 2 ( ) 2α α α= + + + + + −
a) (2) nghịch biến trên khoảng ( ; )α−∞
e
d
g x h m x( ) ( ),
α
α
−
≥⇔
≥ ∀ <
e
d
h m g x
( ; ]
( ) min ( )
α
α
−∞
−
≥
⇔
≤
a) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α−∞
e
d
g t t ii( ) 0, 0 ( )
α
−
≥⇔
≤ ∀ <
a
a
ii
S
P
0
0 0
( )
0 0
0
<
< ∆ >
⇔ ∨
∆ ≤ >
≥
b) (2) nghịch biến trên khoảng ( ; )α +∞
e
d
g x h m x( ) ( ),
α
α
−
≤⇔
≥ ∀ >
e
d
h m g x
[ ; )
( ) min ( )
α
α
+∞
−
≤
⇔
≤
b) (2) đồng biến trên khoảng ( ; )α +∞
e
d
g t t iii( ) 0, 0 ( )
α
−
≤⇔
≤ ∀ >
a
a
iii
S
P
0
0 0
( )
0 0
0
<
< ∆ >
⇔ ∨
∆ ≤ <
≥
c) (2) đồng biến trong khoảng ( ; )α β
( )e
d
g x h m x
;
( ) ( ), ( ; )
α β
α β
−
∉⇔
≥ ∀ ∈
( )e
d
h m g x
[ ; ]
;
( ) min ( )
α β
α β
−
∉
⇔
≤
5. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
Do đó hàm số đồng biến trên khoảng ( ;0)−∞ ⇔ x x1 20 ≤ < ⇔ P
S
0
0
0
∆′ >
≥
>
⇔
m
m
3
0
2 0
> −
− ≥
− >
(VN)
Vậy: m 3≤ − .
Baøi 3. Cho hàm số y x m x m m x3 2
2 3(2 1) 6 ( 1) 1= − + + + + có đồ thị (Cm).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số khi m = 0.
2) Tìm m để hàm số đồng biến trên khoảng (2; )+∞
• Tập xác định: D = R. y x m x m m2
' 6 6(2 1) 6 ( 1)= − + + + có m m m2 2
(2 1) 4( ) 1 0∆ = + − + = >
x m
y
x m
' 0
1
=
= ⇔ = +
. Hàm số đồng biến trên các khoảng m m( ; ), ( 1; )−∞ + +∞
Do đó: hàm số đồng biến trên (2; )+∞ ⇔ m 1 2+ ≤ ⇔ m 1≤
Baøi 4. Cho hàm số y x m x m x m3 2
(1 2 ) (2 ) 2= + − + − + + .
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số khi m = 1.
2) Tìm m để hàm đồng biến trên khoảng K (0; )= +∞ .
• Hàm đồng biến trên (0; )+∞ y x m x m2
3 (1 2 ) (22 ) 0′⇔ += − + − ≥ với x 0 )( ;∀ ∈ +∞
x
f x m
x
x2
23
( )
4 1
2+
⇔ = ≥
+
+
với x 0 )( ;∀ ∈ +∞
Ta có:
xx
xx x xf x
x
2
2
2
6( 1) 1
1
2
( ) 0 2
( )
0 1;
24 1
′ =
+ −
+ − = = −= ⇔ =
+
⇔
Lập BBT của hàm f x( ) trên (0; )+∞ , từ đó ta đi đến kết luận: f m m
1 5
2 4
≥ ⇔ ≥
.
Câu hỏi tương tự:
a) y m x m x m x3 21
( 1) (2 1) 3(2 1) 1
3
= + − − + − + m( 1)≠ − , K ( ; 1)= −∞ − . ĐS: m
4
11
≥
b) y m x m x m x3 21
( 1) (2 1) 3(2 1) 1
3
= + − − + − + m( 1)≠ − , K (1; )= +∞ . ĐS: 0m ≥
c) y m x m x m x3 21
( 1) (2 1) 3(2 1) 1
3
= + − − + − + m( 1)≠ − , K ( 1;1)= − . ĐS: m
1
2
≥
Baøi 5. Cho hàm số y m x m x x2 3 21
( 1) ( 1) 2 1
3
= − + − − + (1) m( 1)≠ ± .
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số khi m = 0.
2) Tìm m để hàm nghịch biến trên khoảng K ( ;2)= −∞ .
• Tập xác định: D = R; y m x m x2 2
( 1) 2( 1) 2′ = − + − − .
Đặt t x –2= ta được: y g t m t m m t m m2 2 2 2
( ) ( 1) (4 2 6) 4 4 10′ = = − + + − + + −
Hàm số (1) nghịch biến trong khoảng ( ;2)−∞ g t t( ) 0, 0⇔ ≤ ∀ <
TH1:
a 0
0
<
∆ ≤
⇔
m
m m
2
2
1 0
3 2 1 0
− <
− − ≤
TH2:
a
S
P
0
0
0
0
<
∆ >
>
≥
⇔
m
m m
m m
m
m
2
2
2
1 0
3 2 1 0
4 4 10 0
2 3
0
1
− <
− − >
+ − ≤
− − >
+
Vậy: Với m
1
1
3
−
≤ < thì hàm số (1) nghịch biến trong khoảng ( ;2)−∞ .
Baøi 6. Cho hàm số y m x m x x2 3 21
( 1) ( 1) 2 1
3
= − + − − + (1) m( 1)≠ ± .
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số khi m = 0.
6. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
2) Tìm m để hàm nghịch biến trên khoảng K (2; )= +∞ .
• Tập xác định: D = R; y m x m x2 2
( 1) 2( 1) 2′ = − + − − .
Đặt t x –2= ta được: y g t m t m m t m m2 2 2 2
( ) ( 1) (4 2 6) 4 4 10′ = = − + + − + + −
Hàm số (1) nghịch biến trong khoảng (2; )+∞ g t t( ) 0, 0⇔ ≤ ∀ >
TH1:
a 0
0
<
∆ ≤
⇔
m
m m
2
2
1 0
3 2 1 0
− <
− − ≤
TH2:
a
S
P
0
0
0
0
<
∆ >
<
≥
⇔
m
m m
m m
m
m
2
2
2
1 0
3 2 1 0
4 4 10 0
2 3
0
1
− <
− − >
+ − ≤
− − <
+
Vậy: Với m1 1− < < thì hàm số (1) nghịch biến trong khoảng (2; )+∞
Baøi 7. Cho hàm số y x x mx m3 2
3= + + + (1), (m là tham số).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi m = 3.
2) Tìm m để hàm số (1) nghịch biến trên đoạn có độ dài bằng 1.
• Ta có y x x m2
' 3 6= + + có m9 3∆′ = − .
+ Nếu m ≥ 3 thì y x R0,′ ≥ ∀ ∈ ⇒ hàm số đồng biến trên R ⇒ m ≥ 3 không thoả mãn.
+ Nếu m < 3 thì y 0′ = có 2 nghiệm phân biệt x x x x1 2 1 2, ( )< . Hàm số nghịch biến trên đoạn x x1 2; với độ
dài l x x1 2= − . Ta có:
m
x x x x1 2 1 22;
3
+ = − = .
YCBT ⇔ l 1= ⇔ x x1 2 1− = ⇔ x x x x2
1 2 1 2( ) 4 1+ − = ⇔ m
9
4
= .
Baøi 8. Cho hàm số y x mx3 2
2 3 1= − + − (1).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số khi m = 1.
2) Tìm các giá trị của m để hàm số (1) đồng biến trong khoảng x x1 2( ; ) với x x2 1 1− = .
• y x mx2
' 6 6= − + , y x x m' 0 0= ⇔ = ∨ = .
+ Nếu m = 0 y x0,′⇒ ≤ ∀ ∈ℝ ⇒ hàm số nghịch biến trên ℝ ⇒⇒⇒⇒ m = 0 không thoả YCBT.
+ Nếu m 0≠ , y x m khi m0, (0; ) 0′ ≥ ∀ ∈ > hoặc y x m khi m0, ( ;0) 0′ ≥ ∀ ∈ < .
Vậy hàm số đồng biến trong khoảng x x1 2( ; ) với x x2 1 1− =
⇔
x x m
x x m
1 2
1 2
( ; ) (0; )
( ; ) ( ;0)
=
=
và x x2 1 1− = ⇔ m
m
m
0 1
1
0 1
− =
⇔ = ± − =
.
Baøi 9. Cho hàm số y x mx m4 2
2 3 1= − − + (1), (m là tham số).
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi m = 1.
2) Tìm m để hàm số (1) đồng biến trên khoảng (1; 2).
• Ta có y x mx x x m3 2
' 4 4 4 ( )= − = −
+ m 0≤ , y x0, (0; )′≥ ∀ ∈ +∞ ⇒ m 0≤ thoả mãn.
+ m 0> , y 0′= có 3 nghiệm phân biệt: m m, 0,− .
Hàm số (1) đồng biến trên (1; 2) ⇔ m m1 0 1≤ ⇔ < ≤ . Vậy (m ;1∈ −∞ .
Câu hỏi tương tự:
a) Với y x m x m4 2
2( 1) 2= − − + − ; y đồng biến trên khoảng (1;3). ĐS: m 2≤ .
Baøi 10. Cho hàm số
mx
y
x m
4+
=
+
(1)
1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1) khi m 1= − .
2) Tìm tất cả các giá trị của tham số m để hàm số (1) nghịch biến trên khoảng ( ;1)−∞ .
7. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
• Tập xác định: D = R {–m}.
m
y
x m
2
2
4
( )
−′=
+
.
Hàm số nghịch biến trên từng khoảng xác định ⇔ y m0 2 2′< ⇔ − < < (1)
Để hàm số (1) nghịch biến trên khoảng( ;1)−∞ thì ta phải có m m1 1− ≥ ⇔ ≤ − (2)
Kết hợp (1) và (2) ta được: m2 1− < ≤ − .
Baøi 11. Cho hàm số
x x m
y
x
2
2 3
(2).
1
− +
=
−
Tìm m để hàm số (2) đồng biến trên khoảng ( ; 1)−∞ − .
• Tập xác định: D R { 1}= .
x x m f x
y
x x
2
2 2
2 4 3 ( )
' .
( 1) ( 1)
− + −
= =
− −
Ta có: f x m x x2
( ) 0 2 4 3≥ ⇔ ≤ − + . Đặt g x x x2
( ) 2 4 3= − + g x x'( ) 4 4⇒ = −
Hàm số (2) đồng biến trên ( ; 1)−∞ − y x m g x
( ; 1]
' 0, ( ; 1) min ( )
−∞ −
⇔ ≥ ∀ ∈ −∞ − ⇔ ≤
Dựa vào BBT của hàm số g x x( ), ( ; 1]∀ ∈ −∞ − ta suy ra m 9≤ .
Vậy m 9≤ thì hàm số (2) đồng biến trên ( ; 1)−∞ −
Baøi 12. Cho hàm số
x x m
y
x
2
2 3
(2).
1
− +
=
−
Tìm m để hàm số (2) đồng biến trên khoảng (2; )+∞ .
• Tập xác định: D R { 1}= .
x x m f x
y
x x
2
2 2
2 4 3 ( )
' .
( 1) ( 1)
− + −
= =
− −
Ta có: f x m x x2
( ) 0 2 4 3≥ ⇔ ≤ − + . Đặt g x x x2
( ) 2 4 3= − + g x x'( ) 4 4⇒ = −
Hàm số (2) đồng biến trên (2; )+∞ y x m g x
[2; )
' 0, (2; ) min ( )
+∞
⇔ ≥ ∀ ∈ +∞ ⇔ ≤
Dựa vào BBT của hàm số g x x( ), ( ; 1]∀ ∈ −∞ − ta suy ra m 3≤ .
Vậy m 3≤ thì hàm số (2) đồng biến trên (2; )+∞ .
Baøi 13. Cho hàm số
x x m
y
x
2
2 3
(2).
1
− +
=
−
Tìm m để hàm số (2) đồng biến trên khoảng (1;2) .
• Tập xác định: D R { 1}= .
x x m f x
y
x x
2
2 2
2 4 3 ( )
' .
( 1) ( 1)
− + −
= =
− −
Ta có: f x m x x2
( ) 0 2 4 3≥ ⇔ ≤ − + . Đặt g x x x2
( ) 2 4 3= − + g x x'( ) 4 4⇒ = −
Hàm số (2) đồng biến trên (1;2) y x m g x
[1;2]
' 0, (1;2) min ( )⇔ ≥ ∀ ∈ ⇔ ≤
Dựa vào BBT của hàm số g x x( ), ( ; 1]∀ ∈ −∞ − ta suy ra m 1≤ .
Vậy m 1≤ thì hàm số (2) đồng biến trên (1;2) .
Baøi 14. Cho hàm số
x mx m
y
m x
2 2
2 3
(2).
2
− +
=
−
Tìm m để hàm số (2) nghịch biến trên khoảng ( ;1)−∞ .
• Tập xác định: D R { m} 2= .
x mx m f x
y
x m x m
2 2
2 2
4 ( )
' .
( 2 ) ( 2 )
− + −
= =
− −
Đặt t x 1= − .
Khi đó bpt: f x( ) 0≤ trở thành: g t t m t m m2 2
( ) 2(1 2 ) 4 1 0= − − − − + − ≤
8. Khóa học LTĐH môn Toán 2015 – Thầy ĐẶNG VIỆT HÙNG Facebook: LyHung95
Tham gia trọn vẹn khóa LTĐH môn Toán 2015 tại Moon.vn để đạt điểm số cao nhất trong kỳ TSĐH 2015!
Hàm số (2) nghịch biến trên ( ;1)−∞
m
y x
g t t i
2 1
' 0, ( ;1)
( ) 0, 0 ( )
>
⇔ ≤ ∀ ∈ −∞ ⇔ ≤ ∀ <
i
S
P
' 0
' 0
( )
0
0
∆ =
∆ >
⇔
>
≥
m
m
m
m m2
0
0
4 2 0
4 1 0
=
≠
⇔
− >
− + ≥
m
m
0
2 3
=
⇔
≥ +
Vậy: Với m 2 3≥ + thì hàm số (2) nghịch biến trên ( ;1)−∞ .
Baøi 15. Cho hàm số
x mx m
y
m x
2 2
2 3
(2).
2
− +
=
−
Tìm m để hàm số (2) nghịch biến trên khoảng (1; )+∞ .
• Tập xác định: D R { m} 2= .
x mx m f x
y
x m x m
2 2
2 2
4 ( )
' .
( 2 ) ( 2 )
− + −
= =
− −
Đặt t x 1= − .
Khi đó bpt: f x( ) 0≤ trở thành: g t t m t m m2 2
( ) 2(1 2 ) 4 1 0= − − − − + − ≤
Hàm số (2) nghịch biến trên (1; )+∞
m
y x
g t t ii
2 1
' 0, (1; )
( ) 0, 0 ( )
<
⇔ ≤ ∀ ∈ +∞ ⇔ ≤ ∀ >
ii
S
P
' 0
' 0
( )
0
0
∆ =
∆ >
⇔
<
≥
m
m
m
m m2
0
0
4 2 0
4 1 0
=
≠
⇔
− <
− + ≥
m 2 3⇔ ≤ −
Vậy: Với m 2 3≤ − thì hàm số (2) nghịch biến trên (1; )+∞