1 Понятие уравнения и его свойства 2 Методы решения уравнений
-Метод разложения на множители
-Метод введения новой переменной -Функционально-графический метод
1 Понятие уравнения и его свойства 2 Методы решения уравнений
-Метод разложения на множители
-Метод введения новой переменной -Функционально-графический метод
Точечная оценка. Определение
Пример 1
Свойства точечных оценок
Несмещенность
Пример 2
Состоятельность
Эффективность
Асимптотическая нормальность
Робастность
Основные задачи математической статистики. Примеры задач
Выборка.Выборочное пространство. Примеры
Простой случайный выбор. Реальные виды выборов
Функция распределения выборки
Эмпирическая вероятностная мера
Теорема Гливенко-Кантелли
Описательная статистика, цели. Вариационный ряд
Полигон частот
Гистограмма
Гистограмма, пример. Выбор числа интервалов
Выборочные характеристики
Характеристики положения и рассеяния
Выборочные характеристики двумерной выборки
Точечная оценка. Определение
Пример 1
Свойства точечных оценок
Несмещенность
Пример 2
Состоятельность
Эффективность
Асимптотическая нормальность
Робастность
Основные задачи математической статистики. Примеры задач
Выборка.Выборочное пространство. Примеры
Простой случайный выбор. Реальные виды выборов
Функция распределения выборки
Эмпирическая вероятностная мера
Теорема Гливенко-Кантелли
Описательная статистика, цели. Вариационный ряд
Полигон частот
Гистограмма
Гистограмма, пример. Выбор числа интервалов
Выборочные характеристики
Характеристики положения и рассеяния
Выборочные характеристики двумерной выборки
Техносфера Mail.ru Group, МГУ им. М.В. Ломоносова. Курс "Алгоритмы интеллектуальной обработки больших объемов данных", Лекция №10 "Алгоритмические композиции. Завершение"
Лектор - Владимир Гулин
Ключевые идеи бустинга. Отличия бустинга и бэггинга. Алгорим AdaBoost. Градиентный бустинг. Мета-алгоритмы над алгоритмическими композициями. Алгоритм BagBoo.
Видео лекции курса https://www.youtube.com/playlist?list=PLrCZzMib1e9pyyrqknouMZbIPf4l3CwUP
Выступление на межрегиональной научно-практической конференции «Развитие информационно-образовательной среды современной школы в контексте задач модернизации образования»
1. Задание №18 – повышенный уровень (1 балл)
Время – 3 минуты
Проверяемые элементы содержания: знание
основных понятий и законов математической
логики
ЕГЭ
2017
2. Задание №1.*
Введём выражение М К, обозначающее
поразрядную конъюнкцию М и К (логическое «И»
между соответствующими битами двоичной
записи). Определите наименьшее натуральное число
А, такое что выражение
(x 39 = 0) ( (x 42 = 0) (x A ≠ 0))
тождественно истинно (то есть принимает значение
1 при любом натуральном значении переменной х).
* № 182, ege18.doc - http://kpolyakov.spb.ru/school/ege.htm
5. Шаг 3.
Найдите те
значения Х, для
которых:
x 39 ≠ 0,
x 42 = 0.
(x 39 = 0) (x 42 ≠ 0) (x A ≠ 0) = 1
Х 39:
Х 42:
a 0 0 d e f
a 0 c 0 e 0
Т.к. Х 42 = 0, то значения битов а, с, е в искомых Х должны
быть равны 0.
Т.к. Х 39 ≠ 0, то значение хотя бы одного из битов а, d, е или f
в искомых Х должно быть равно 1. Из рассмотренного выше
биты d или f могут быть равны 1.
Таким образом, получаем искомое множество значений Х:
Разряды:
Х:
5 4 3 2 1 0
0 b 0 1 0 1
В этой записи «0» обозначает обязательное положение «0» в
двоичной записи числа Х, а «1» соответствует возможному
положению «1». Бит b может быть любым.
6. Шаг 4.
Для найденных
Х найдите min
значение А,
такое что :
x А ≠ 0.
(x 39 = 0) (x 42 ≠ 0) (x A ≠ 0) = 1
Разряды:
Х:
5 4 3 2 1 0
0 b 0 1 0 1
Для того, чтобы x А ≠ 0, необходимо в тех битах, где у Х стоит
«1», у А тоже поставить «1».
В тех битах, где у Х стоят «0», у А могут быть различные значения
(аналогично в бите b). Но, так как искомое А должно быть
минимальным, то в этих битах нужно поставить «0».
Разряды:
А:
5 4 3 2 1 0
0 0 0 1 0 1
А = 1012 = 510
Ответ: 5.
7. Задание №2.*
Введём выражение М К, обозначающее поразрядную
конъюнкцию М и К (логическое «И» между
соответствующими битами двоичной записи).
Определите наибольшее натуральное число А, такое что
выражение
((x 30 = 0) (x 43 = 0)) ((x 19 ≠ 0) (x A = 0))
тождественно истинно (то есть принимает значение 1
при любом натуральном значении переменной х).
* № 175, ege18.doc - http://kpolyakov.spb.ru/school/ege.htm
10. Шаг 3.
Найдите те
значения Х, для
которых:
(x 30≠0)
(x 43 ≠ 0) = 0,
x 19 ≠ 0.
Решение системы сводится к решению 3-х систем:
(x 30 ≠ 0) (x 43 ≠ 0)
(x 19 = 0) (x A = 0) = 1
x 30 = 0
x 43 ≠ 0
x 19 ≠ 0
x 30 ≠ 0
x 43 = 0
x 19 ≠ 0
x 30 = 0
x 43 = 0
x 19 ≠ 0
11. Шаг 3.
Найдите те
значения Х, для
которых:
(x 30≠0)
(x 43 ≠ 0) = 0,
x 19 ≠ 0.
x 30 = 0
x 43 ≠ 0
x 19 ≠ 0
x 30 ≠ 0
x 43 = 0
x 19 ≠ 0
x 30 = 0
x 43 = 0
x 19 ≠ 0
Разряды:
Х:
Х 30:
Х 43:
5 4 3 2 1 0
a b c d e f
0 b c d e 0
a 0 c 0 e f
Х 19: 0 b 0 0 e f
, значит b=c=d=e=0
, значит f=1
, значит a или f =1
, значит a=c=e=f=0
, значит b или d =1
, значит b=1
, значит b=c=d=e=0
, значит a=c=e=f=0
, значит b, e или f =1
Решение системы:
Х: a 0 0 0 0 1
Х: 0 1 0 d 0 0
Решений нет
12. Шаг 4.
Для найденных
Х найдите max
значение А,
такое что :
x А = 0. Разряды:
Х:
5 4 3 2 1 0
Для того, чтобы x А = 0, необходимо в тех битах, где у Х стоит
«1», у А поставить «0» (аналогично с битами a и d, которые могут
принимать любые значения).
В тех битах, где у Х стоят «0», у А могут быть различные
значения. Но, так как искомое А должно быть максимальным, то
в этих битах нужно поставить «1».
Разряды:
А:
5 4 3 2 1 0
0 0 1 0 1 0
А = 10102 = 1010
Ответ: 10.
(x 30 ≠ 0) (x 43 ≠ 0)
(x 19 = 0) (x A = 0) = 1
a 0 0 0 0 1
0 1 0 d 0 0