Đề thi thử ĐH và đáp án môn Toán học lần 2 (2013) trường THPT chuyên Nguyễn H...Megabook
Đây là đề thi thử ĐH và đáp án môn Toán học lần 2 (2013) trường THPT chuyên Nguyễn Huệ. Các em có thể tham khảo nhé!
------------------------------------------------------------------------------
Các em có thể tham khảo bộ sách hay của Megabook tại địa chỉ sau nhé ;)
http://megabook.vn/
Chúc các em học tốt! ^^
Đề thi thử ĐH và đáp án môn Toán học lần 2 (2013) trường THPT chuyên Nguyễn H...Megabook
Đây là đề thi thử ĐH và đáp án môn Toán học lần 2 (2013) trường THPT chuyên Nguyễn Huệ. Các em có thể tham khảo nhé!
------------------------------------------------------------------------------
Các em có thể tham khảo bộ sách hay của Megabook tại địa chỉ sau nhé ;)
http://megabook.vn/
Chúc các em học tốt! ^^
Тема выступления: «Эффективность привлечение ресурсов в СО НКО»
Разнообразие привлекаемых ресурсов, как финансовых, так и материальных является основой устойчивости НКО. Однако большинство НКО недооценивают и зачастую забывают, что основа устойчивого роста НКО – это, прежде всего, человеческие ресурсы, привлекаемые на безвозмездной основе (волонтерство). Звездность НКО и взаимодействие со СМИ.
Guruvayupuram Thannil Sanskrit Rendered by Bombay Sisters A Sundara Narayana ...Ravi Ramakrishnan
Sundara Narayana began writing songs in praise of Lord Guruvayoorappan after his 60 th birthday in 1999.It all began with a dream he had, wherein Guruvayoorappan instructed him to write classical songs about Him. Untrained in formal music, he dismissed the dreams at first. However it became a recurring dream which compelled him to try. Inspired by devotion toward Guruvayoorappan he sat down to write his first song starting with “Hari Om Narayana”. To his own wonderment words came out of his mind as if “a tap was opened”. Since then he has composed over 220 songs as well as a dance-drama, Manjulacharitham, one of Guruvayoorappan's legendary miracles. All his krithis are in Sanskrit, Malayalam or Manipravalam (Sanskrit- Malayalam). A few are in Hindi. Some of the songs he composed were Bhajans and a few were Thiruvathira songs. Most of the songs were in praise of Guruvayurappan. He also wrote songs in praise of Poornathrayesa, Ganesha, Devi and Ayyappa. Two songs about Swami Chinmayananda were also composed by him.
Caracterização do estoque de edificações históricas de uso institucional ou p...Ariadne Mendonça
Dissertação de mestrado:
Diante da preocupação atual em diminuir o consumo de energia elétrica, as edificações históricas constituem uma parcela do estoque edificado que pode contribuir para as iniciativas e políticas de melhoria da eficiência energética em edificações. Conhecer as características do estoque edificado é o primeiro passo para planejar estratégias de melhoria de desempenho energético em larga escala. Por isso, o objetivo deste trabalho foi realizar um levantamento das edificações históricas de uso institucional ou público na cidade de Florianópolis/SC para caracterizar suas tipologias construtivas e identificar os parâmetros da envoltória que influenciam no desempenho energético. Foram levantadas as características de 40 edificações históricas que abrangem um período de tempo de 210 anos incluindo diversos estilos arquitetônicos.
Những bài văn mẫu dành cho học sinh lớp 10truonghocso.com
Thi thử toán lý thái tổ bn 2012 lần 2 k b
1. www.VNMATH.com
S GD&ðT B C NINH ð THI TH ð I H C MÔN TOÁN NĂM 2011 - 2012
TRƯ NG THPT LÝ THÁI T Môn: TOÁN, kh i B
(Th i gian: 180 phút, không k th i gian giao ñ )
Ngày thi 19 – 02 - 2012
PH N CHUNG CHO T T C THÍ SINH (7.0 ñi m)
Câu I (2.0 ñi m) Cho hàm s y = x 3 − 3x 2 + 2 (C)
1. Kh o sát s bi n thiên và v ñ th (C).
2. Tìm t t c các giá tr c a tham s m ñ ñư ng th ng d: y = m(x − 2) − 2 c t ñ th (C) t i 3 ñi m phân
bi t A(2; -2), D và E sao cho tích các h s góc c a ti p tuy n t i D và E v i ñ th (C) ñ t giá tr nh nh t.
Câu II (2.0 ñi m)
1. Gi i phương trình: (cotx - tanx - 2tan2x)sin4x = 4(6cos 2 x − 5)
2. Gi i b t phương trình: ( )(
x + 3 − x − 1 x − 3 + x 2 + 2x − 3 ≥ 4 )
π
4
sin 4x
Câu III (1.0 ñi m) Tính tích phân sau: I=∫ dx
0 sin x + cos 6 x
6
Câu IV (1.0 ñi m) Cho hình chóp S.ABCD có ñáy ABCD là hình thoi c nh a (a > 0), BAD = 600 , c nh
1
SA ⊥ mp(ABCD) và SA = a. G i C ' là ñi m thu c c nh SC sao cho SC ' = SC . M t ph ng (α) ñi qua
3
AC ' và song song v i BD, c t các c nh SB và SD l n lư t t i B’ và D’. Tính th tích kh i chóp
S.AB’C’D’ theo a.
Câu V (1.0 ñi m) Cho b n s th c a, b, c, d th a mãn a 2 + b 2 = 1, c − d = 3 . Ch ng minh r ng:
9+6 2
ac + bd − cd ≤
.
4
PH N RIÊNG (3.0 ñi m): Thí sinh ch ñư c làm m t trong hai ph n (ph n A ho c B)
A – Theo chương trình Chu n
Câu VIa (2 ñi m)
1. Trong m t ph ng v i h t a ñ Oxy, cho ∆ABC có phương trình ñư ng th ng ch a ñư ng cao và
ñư ng trung tuy n k t ñ nh A l n lư t là: x − 2y − 13 = 0 và 13x − 6y − 9 = 0 . Tìm t a ñ các ñ nh A, B,
C bi t ñư ng tròn ngo i ti p ∆ABC có tâm là I(-5; 1).
2. Trong không gian v i h to ñ Oxyz, cho các ñi m A(1; 2; 0), B(2; 0; 1) và m t ph ng (P):
2x − y + 2z − 3 = 0 . Vi t phương trình m t ph ng (α) ñi qua A, B và t o v i (P) m t góc φ sao cho
14
cos ϕ = .
7
Câu VIIa (1 ñi m) Gi i phương trình: 8log 4 x 2 − 9 + 3 2 log 4 (x + 3) 2 = 10 + log 2 (x − 3)2
B – Theo chương trình Nâng cao
Câu VIb (2 ñi m)
1. Trong m t ph ng v i h t a ñ Oxy, cho ∆ABC vuông t i A, các ñ nh A, B thu c ñư ng th ng y = 2 ,
phương trình c nh BC: 3x − y + 2 = 0 . Tìm t a ñ các ñ nh A, B, C bi t bán kính ñư ng tròn n i ti p
∆ABC b ng 3 .
2. Trong không gian v i h to ñ Oxyz, cho các ñi m A(2; -2; 3), B(2; 0; 1). Vi t phương trình m t
ph ng (P) ñi qua A, B sao cho kho ng cách t nó t i g c t a ñ O là l n nh t.
Câu VIIb (1 ñi m) Ch ng minh r ng:
1 1 1 1006 1 1 1
1
+ 2 + ... + 2011 = 0 + 1 + ... + 2010 .
C2011 C 2011 C 2011 2011 C2010 C 2010 C2010
------------------------H t------------------
Thí sinh không ñư c s d ng tài li u. Cán b coi thi không gi i thích gì thêm.
H và tên thí sinh:........................................................... S báo danh:............................
2. www.VNMATH.com
S GD & ðT B C NINH ðÁP ÁN – THANG ðI M
TRƯ NG THPT LÝ THÁI T ð THI TH ð I H C L N 2 NĂM 2012
Môn: TOÁN; Kh i B
(ðáp án – thang ñi m g m 05 trang)
Câu ðáp án ði m
I 1. (1.0 ñi m) Kh o sát: y = x 3 − 3x 2 + 2
(2.0 ñi m) • T p xác ñ nh: D = ℝ .
• S bi n thiên: 0.25
lim y = −∞ , lim y = +∞
x →−∞ x →+∞
x = 0 ⇒ y(0) = 2
y ' = 3x 2 − 6x, y ' = 0 ⇔ 3x 2 − 6x = 0 ⇔ 0.25
x = 2 ⇒ y(2) = −2
B ng bi n thiên:
x −∞ 0 2 +∞
y' + 0 – 0 +
y 2 +∞
Cð 0.25
CT
−∞ -2
Hàm s ñ ng bi n trên các kho ng (−∞; 0), (2; +∞) và ngh ch bi n trên (0;2) .
Hàm s ñ t Cð t i x = 0, y C§ = y(0) = 2 và ñ t CT t i x = 2, y CT = y(2) = −2.
y
3
• ð th :
C t Ox t i (1; 0) , (1 − 3;0) và (1 + 3;0)
2
C t Oy t i (0;2) .
Ta có: y '' = 6x − 6 ⇒ y '' = 0 ⇔ x = 1 .
1
⇒ ð th có 1 ñi m u n I(1; 0) 0.25
I x
- O 1 2 3
1
-1
-2
2. (1.0 ñi m) Tìm m …
Hoành ñ giao ñi m c a (C) v i d là nghi m c a phương trình:
x = 2
x 3 − 3x 2 + 2 = m(x − 2) − 2 ⇔ (x − 2)(x 2 − x − 2 − m) = 0 ⇔ 2 0.25
x − x − 2 − m = 0 (1)
(C) c t d t i 3 ñi m phân bi t A(2;-2), D, E ⇔ (1) có 2 nghi m phân bi t khác 2
∆ = 9 + 4m > 0 9 0.25
⇔ ⇔ − < m ≠ 0 (∗)
f(2) = − m ≠ 0 4
V i ñi u ki n (∗) g i x1 , x 2 là nghi m c a (1) thì x1 + x 2 = 1, x1x 2 = −2 − m . Tích
các hsg c a tt t i D và E v i hoành ñ x1 , x 2 là k = k 1 k 2 = y '(x1 )y '(x 2 )
0.25
9
= (3x1 − 6x1 )(3x 2 − 6x 2 ) = 9(m 2 + 2m) = 9(m + 1)2 − 9 ≥ −9 víi - < m ≠ 0 .
2
2
4
Trang 1/5
3. www.VNMATH.com
Khi ñó k min = −9 ⇔ m = −1 (t/m (*)). V y giá tr m c n tìm là m = -1. 0.25
II 1. (1.0 ñi m) Gi i phương trình:
(2.0 ñi m) ðKXð: s inx ≠ 0, cosx ≠ 0, cos2x ≠ 0 (*).
0.25
Phương trình ⇔ (2 cot 2x − 2 t an2x)sin 4x = 4 ( 3 (1 + cos2x ) − 5 )
0.25
⇔ 4 cot 4x sin 4x = 4(3cos2x − 2) ⇔ cos4x = 3cos2x − 2
cos2x = 1
⇔ 2cos 2x − 3cos2x + 1 = 0 ⇔
2
0.25
cos2x = 1
2
x = kπ
π
⇔ π x = ± + kπ (k ∈ ℤ) .
®k (*)
→ 0.25
x = ± + kπ 6
6
2. (1.0 ñi m) Gi i b t phương trình:
ðKXð: x ≥ 1 . Nhân hai v c a BPT v i x + 3 + x − 1 ta ñư c
0.25
BPT ⇔ x − 3 + x 2 + 2x − 3 ≥ x + 3 + x − 1 (**)
u2 − 2
ð t u = x +3 + x −1 ( u ≥ 2 ) ⇒ x + x + 2x − 3 = 2
2
0.25
u ≥ 4
BPT (**) có d ng: u 2 − 2u − 8 ≥ 0 ⇔ . Vì u ≥ 2 nên ñư c nghi m u ≥ 4
u ≤ −2
V i u ≥ 4 ⇒ x + 3 + x − 1 ≥ 4 ⇔ x 2 + 2x − 3 ≥ 7 − x
+ V i x ≥ 7 : Bpt nghi m ñúng 0.25
13
+ V i 1 ≤ x < 7 : Bpt ⇔ x2 + 2x − 3 ≥ ( 7 − x ) ⇔ x ≥ 13 ⇒ nghi m:
2
≤x<7
4 4
V y nghi m BPT ñã cho là: x ≥ 1 3 . 0.25
4
III Tính tích phân …
(1.0 ñi m) π
Ta có: I = 4 s in 4 x
∫ 3
dx 0.25
0
1− s in 2 2 x
4
ð t: u = 1 − 3 sin 2 2x ⇒ du = − 3 sin 4xdx ⇒ sin 4xdx = − 2 du
4 2 3
x = 0 ⇒ u =1 0.25
ð i c n: π 1
x= ⇒u=
4 4
1
1
Khi ñó: I = ∫ − 2 1 du = 2 ∫ du
4
3 0.25
1 u
3 1 u
4
1
4 2.
= u = 0.25
3 1 3
4
IV
(1.0 ñi m) Tính th tích kh i chóp S.AB ' C ' D '
(1.0 ñi m)
Trang 2/5
4. www.VNMATH.com
S
G i O=AC∩BD, I=SO∩AC’, suy ra
I∈(α) ∩(SBD) ⇒ (α) ∩ (SBD)=B’D’,
v i B’D’ ñi qua I và // BD (B’∈SB, C’ D’
D’∈SD).
B’ I 0.25
A
E D
O
B C
Trong ∆SAC: k OE//AC’, O là trung ñi m AC⇒E là trung ñi m CC’ ⇒ SC’ =
SB' SD' SI 1 0.25
C’E=EC ⇒ I là trung ñi m SO. Mà B’D’//BD nên = = =
SB SD SO 2
1
G i V là th tích c a kh i chóp S.ABCD, ta có VS.ABC = VS.ACD = V,
2
0.25
VS.AB'C' SB' SC' 1 VS.AC'D' SD' SC ' 1
= . = , = . =
VS.ABC SB SC 6 VS.ACD SD SC 6
1 1 1 11 1
Do ñó VS.AB'C'D' = VS.AB'C' + VS.AC'D' = VSABC + VSACD = + V = V mà
6 6 6 62 6
1 1 a3 3
V = VS.ABCD = .SA.SABCD = .SA.2SABD = (∆ABD ñ u c nh a). 0.25
3 3 6
a3 3
V y VS.AB'C'D' = .
36
V Ch ng minh b t ñ ng th c …
(1.0 ñi m) ð t P = ac + bd – cd
Áp d ng bñt Bunhiakovski cho 4 s a, b, c, d ta có:
0.25
ac + bd ≤ ac + bd ≤ (a 2
+b 2
)( c 2
+d 2
)= c + d . Do ñó:
2 2
P ≤ c2 + d 2 − cd = ( d + 3)
2
(
+ d 2 − d ( d + 3 ) = 2d 2 + 6d + 9 − d 2 + 3d = f ( d ) )
2d + 3 1 − 2d 2 + 6d + 9 0.25
Có f ' ( d ) = − ( 2d + 3 ) = ( 2d + 3 )
2d 2 + 6d + 9 2d 2 + 6d + 9
2
3 9 3 9+6 2
Vì 1 − 2d + 6d + 9 = 1 − 2 d + + < 0, ∀d nên f ( d ) ≤ f − =
2
0.25
2 2 2 4
9+6 2 3 3 1 1
V y F≤ . D u ñ ng th c x y ra khi d = − , c = ,a = ,b = − . 0.25
4 2 2 2 2
VI.a 1. (1.0 ñi m) Tìm t a ñ các ñ nh c a tam giác ABC.
(2.0 ñi m) T A k ñư ng kính AA’ c a ñư ng tròn tâm I ngo i ti p ∆ABC; g i H, M l n
lư t là tr c tâm ∆ABC và trung ñi m c nh BC. D dàng ch ng minh BHCA’ là
0.25
hình bình hành ⇒ M là trung ñi m c a A’H.
PT ñ/c AH: x – 2y – 13 = 0, trung tuy n AM: 13x – 6y – 9 = 0
x − 2y − 13 = 0 x = −3
To ñ A là nghi m h ⇔ ⇒ A(−3; −8) ⇒ A '(−7;10) 0.25
13x − 6y − 9 = 0 y = −8
Trang 3/5
5. www.VNMATH.com
VI.a A
(2.0 ñi m) h + 10
H∈AH⇒ H(2h + 13; h) ⇒ M h + 3; ∈AM nên
2
h + 10
13 ( h + 3 ) − 6 −9 = 0 ⇔ h = 0
2 I
⇒ H(13; 0), M(3;5) 0. 25
H
Do BC qua M(3;5) vuông góc v i AH⇒PT BC:
2x + y – 11 = 0.
B M C
A’
B∈BC ⇒ B(b; 11 - 2b), M là trung ñi m BC nên C(6 - b; - 1 + 2b). Vì I là tâm
ñư ng tròn ngo i ti p ∆ABC nên IA2 = IB2 ⇒ ( b + 5 ) + (10 − 2b ) = ( −2 ) + 9 2
2 2 2
0.25
b = 2 ⇒ B(2;7), C(4;3)
⇔ 5b − 30b + 40 = 0 ⇔
2
b = 4 ⇒ B(4;3), C(2;7).
2. (1.0 ñi m) L p phương trình m t ph ng (α ) .
M t ph ng (α ) ñi qua A(1;2;0) có phương trình d ng:
a(x − 1) + b(y − 2) + cz = 0 v i a 2 + b 2 + c2 ≠ 0 . 0.25
Vì B∈ (α ) nên a − 2b + c = 0 ⇒ a = 2b − c (1)
14
M t khác, góc gi a (α ) và (P) là φ có cosin b ng
7
n α .n P 14 2a − b + 2c
Do ñó cosϕ = ⇔ = (2) 0.25
nα n P 7 a 2 + b 2 + c2 . 4 + 1 + 4
2c = b
Thay (1) vào (2) ta ñư c: 7 b = 14 (2b − c)2 + c2 + b 2 ⇔
2c = 3b
• V i b = 2c ⇒ a = 3c ≠ 0 ⇒ phương trình (α) là: 3x + 2y + z − 7 = 0 . 0.25
2 1
• V i 3b = 2c ⇒ b = c ⇒ a = c ≠ 0 ⇒ pt (α ) là: x + 2y + 3z − 5 = 0 .
3 3 0.25
V y phương trình mp (α ) tmñb là: 3x + 2y + z − 7 = 0; x + 2y + 3z − 5 = 0.
VII.a Gi i phương trình…
(1.0 ñi m) x ≤ −4
( x − 3)
2
ðKXð: x 2 − 9 > 0; (x + 3)2 ≥ 1 v > 0 hay (*) 0.25
x > 3
( )
PT ⇔ log2 x 2 − 9 + 3 log2 ( x + 3 ) = 10 + log2 ( x − 3 )
2 2 2
0.25
⇔ log2 ( x + 3) + 3 log2 ( x + 3 ) − 10 = 0
2 2
u = 2
log2 ( x + 3 ) ( u ≥ 0 ) . PT có d
2
ð tu= ng: u 2 + 3u − 10 = 0 ⇔ 0.25
u = −5 (lo i)
V i u = 2 ⇒ log2 ( x + 3) = 2 ⇔ ( x + 3 ) = 16 ⇔ x = 1 ho c x = −7
2 2
0.25
V i ñk(*) ta ñư c nghi m: x = −7
VI.b 3x − y + 2 = 0
x = 0
(1.0 ñi m) T a ñ ñi m B là nghi m h ⇔ ⇒ B(0;2) 0.25
y = 2
y = 2
Trang 4/5
6. www.VNMATH.com
Câu ðáp án ði m
VI.b Do A∈ñt: y = 2 nên A(a;2) (a≠0), C∈BC: 3x − y + 2 = 0 ⇒C(c;2+c 3),(c≠0)
(1.0 ñi m)
AB = (−a; 0) ⇒ AB = a , AC = (c − a; c 3 ) ⇒ AC = (c − a) 2 + 3c 2 , 0.25
BC = (c;c 3) ⇒ BC = 2 c
AB.AC = 0
Vì ∆ABC vuông A và r= 3 nên AB ⊥ AC
⇔ 1 AB + AC + BC 0.25
S = pr = p 3
A B.AC = 3
2 2
−a(c − a) = 0
⇔
a (c − a) + 3c = a + 2 c + (c − a) + 3c
2 2 2 2
( ) 3
0.25
c = a ≠ 0
c = a = 3+ 3 ⇒ A(3+ 3;2), C(3+ 3;5+3 3)
⇔ ⇔
a = 3+ 3
c = a =−3− 3 ⇒ A(−3− 3;2), C(−3− 3; −1−3 3)
2. (1.0 ñi m) L p phương trình m t ph ng (P) .
G i H, K l n lư t là hình chi u c a O trên O
mp(P) và ñt AB⊂mp(P). Khi ñó: OH ≤ OK
hay d(O,(P)) ≤ OK=const
⇒ d(O,(P))max=OK ⇔ H≡K hay (P)⊥OK 0.25
⇒ mp(P) ñi qua A, B và vuông góc v i OK .
A H
K .B
P
* Ta có: AB = (0;2; −2) ⇒ VTCP u AB = (0;1; −1) ⇒ Pt AB : x = 2; y = t; z = 1 − t. 0.25
* K∈AB⇒K(2; t; 1-t) ⇒ OK = ( 2; t;1 − t) . Vì K là hình chi u c a O trên AB nên
1 1 0.25
OK.AB = 0 ⇔ 2t − 2(1 − t) = 0 ⇔ t = 1 2 ⇒ OK = 2; ; ⇒ n (P) = ( 4;1;1)
2 2
mp(P) ñi qua A(2;-2;3), v i VTPT n (P) = ( 4;1;1) có pt là: 4x + y + z - 9 = 0 0.25
VII.b Ch ng minh ñ ng th c…
(1.0 ñi m)
1 n +1 1 1
* Ch ng minh: = k + k +1 (1) 0.25
C n n + 2 C n +1 C n +1
k
Áp d ng (1) v i k ñi t 0 ñ n n = 2010, ta ñư c:
1 2011 1 1 1 2011 1 1 1 2011 1 1 0.25
= 0 + 1 ; 1 = 1 + 2 ;... 2010 = 2010 + 2011
C 0
2010
2012 C 2011 C 2011 C2010 2012 C2011 C2011 C2010 2012 C2011 C2011
Do C2011 = C2011 , nên l y t ng t ng v c a 2011 ñ ng th c ñó ta ñư c:
0 2011
2010
1 2011 1 1 1 0.25
∑C
k=0
k
= .2. 1 + 2 ... + 2011
2012 C 2011 C 2011 C 2011
2010
1 1 1 1006 1 1 1
⇒ 1
+ 2
... + 2011
= 0 + 1 + ... + 2010 0.25
C 2011 C 2011 C 2011 2011 C 2010 C 2010 C 2010
Chú ý: M i cách làm ñúng và h p l , dù không gi ng như ñáp án v n ñư c ñi m t i ña!
Trang 5/5