48. 数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
2014 A. Asano, Kansai Univ.
49. 数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
数列が十分大きな番号 N まで進めば
2014 A. Asano, Kansai Univ.
50. 数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
数列が十分大きな番号 N まで進めば
N 番より大きな番号 n については,
anはみな G より大きくなる
2014 A. Asano, Kansai Univ.
51. びます。図1 の「4コマ漫画」で,この様子を説明し列{an} が∞に発散する」とは
ってきても,
まで進めば,
ついては,an はG より大きくなる。
数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
数列が十分大きな番号 N まで進めば
N 番より大きな番号 n については,
anはみな G より大きくなる
2014 A. Asano, Kansai Univ.
"G, ∃N;n > N ⇒ an > G く小さな(好きなだけ小さくできる)正の数をさします。
52. びます。図1 の「4コマ漫画」で,この様子を説明し列{an} が∞に発散する」とは
ってきても,
まで進めば,
ついては,an はG より大きくなる。
数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
数列が十分大きな番号 N まで進めば
N 番より大きな番号 n については,
anはみな G より大きくなる
2014 A. Asano, Kansai Univ.
"G, ∃N;n > N ⇒ an > G く小さな(好きなだけ小さくできる)正の数をさします。
53. びます。図1 の「4コマ漫画」で,この様子を説明し列{an} が∞に発散する」とは
ってきても,
まで進めば,
ついては,an はG より大きくなる。
数列の発散の定義
数列{an}が ∞ に発散する
どんなに大きな数 G を持ってきても,
数列が十分大きな番号 N まで進めば
N 番より大きな番号 n については,
anはみな G より大きくなる
2014 A. Asano, Kansai Univ.
"G, ∃N;n > N ⇒ an > G く小さな(好きなだけ小さくできる)正の数をさします。
89. 例題
a > 0 のとき
例題
a > のとき, lim
n→∞
= C とおan
n!
2014 A. Asano, Kansai Univ.
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるような番号k をもってきて,ak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
C · 2k
を証明せよ。
90. 例題
a > 0 のとき
例題
a > のとき, lim
n→∞
= C とおan
n!
と置く。番号 k は,k > 2a であるとする。
2014 A. Asano, Kansai Univ.
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるような番号k をもってきて,ak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
C · 2k
を証明せよ。
! 小さい,すなわち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
ので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
ることを証明せよ。
てきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
× · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
an
91. 例題
a > 0 のとき
例題
a > のとき, lim
n→∞
= C とおan
n!
と置く。番号 k は,k > 2a であるとする。
n > k となる番号 n について,
2014 A. Asano, Kansai Univ.
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるような番号k をもってきて,ak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
C · 2k
を証明せよ。
! 小さい,すなわち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
ので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
ることを証明せよ。
てきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
× · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
an
92. 例題
a > 0 のとき
単調に増加する数列{an} が有界ならば,Weierstrass の定理により上限α が存在α′ 例題
< α となるようなα′ を用意します。この数列は単調増加ですから,ある番号p 以α′ よりも大きく,一方上限α 以下ではあるはずです。つまりα′ < an ! α (n > p) でan の隔たりはとの隔たりよりも小さい,すなわちとなりますさけれa ば> α のとα′ き, |α − an| < α − α′ どれだけα に近くてもlim
よいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えるとすることがわかります。■
n→∞
例題
= C とおan
n!
と置く。番号 k は,k > 2a であるとする。
a > 0 のとき, lim
n > k となる番号 n について,
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
2014 A. Asano, Kansai Univ.
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるような番号k をもってきて,ak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
C · 2k
を証明せよ。
! 小さい,すなわち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
ので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
ることを証明せよ。
てきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
× · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
an
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
k + で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
"n−k
=
C · 2k
<
C · 2k
93. 例題
a > 0 のとき
単調に増加する数列{an} が有界ならば,Weierstrass の定理により上限α が存在α′ 例題
< α となるようなα′ を用意します。この数列は単調増加ですから,ある番号p 以α′ 界ならば,Weierstrass の定理により上限α が存在します。このとき,
ます。この数列は単調増加ですから,ある番号p 以降のan (n > p) は,
下ではあるはずです。つまりα′ < an ! α (n > p) です。よって,α と
りも小さい,すなわち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
よいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
よりも大きく,一方上限α 以下ではあるはずです。つまりα′ < an ! α (n > p) でan の隔たりはとの隔たりよりも小さい,すなわちとなりますさけれa ば> α のとα′ き, |α − an| < α − α′ どれだけα に近くてもlim
よいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えるとすることがわかります。■
n→∞
例題
= C とおan
n!
と置く。番号 k は,k > 2a であるとする。
a > 0 のとき, lim
n > k となる番号 n について,
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
2014 A. Asano, Kansai Univ.
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるような番号k をもってきて,ak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
C · 2k
を証明せよ。
! 小さい,すなわち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
ので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
ることを証明せよ。
てきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
× · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
an
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
k + で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
"n−k
=
C · 2k
<
C · 2k
0であることを証明せよ。
もってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
×
a
× · · · ×
a
94. an
n!
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
ってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
95. an
n!
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
ってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
96. an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
97. an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
98. an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
99. an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
100. an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
101. − ,{an} かります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
102. − ,{an} かります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
103. − ,{an} かります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
104. − ,{an} かります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
105. − ,{an} かります。■
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
106. − ,{an} かります。■
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
107. − ,{an} かります。■
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
n→∞
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
108. − ,{an} かります。■
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
わち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
を上の収束の定義のとn→∞
ε 考えると,{an} はα に収束
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2k
2n <
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
そこで,どんな小さな ε( > 0) についても,
番号 n が であれば
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
せよ。
C とおきます。すると,n > k のとき
C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
+ 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
· C · 2k
n
(5)
の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
ち,an
n!
は0 に収束します。■
109. − ,{an} かります。■
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えると,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
わち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
を上の収束の定義のとn→∞
ε 考えると,{an} はα に収束
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2k
2n <
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
そこで,どんな小さな ε( > 0) についても,
番号 n が であれば
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
せよ。
C とおきます。すると,n > k のとき
C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
+ 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
· C · 2k
n
(5)
の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
ち,an
n!
は0 に収束します。■
110. − ,{an} かります。■
a > 0 のとき, lim
= 0であることを証明せよk > 2a であるような番号k をもってきて,ak
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えと,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
わち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
を上の収束の定義のとn→∞
ε 考えると,{an} はα に収束
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とan
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2k
2n <
C · 2k
2n とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数と,上の式に代入てan
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
そこで,どんな小さな ε( > 0) についても,
番号 n が であれば
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
せよ。
C とおきます。すると,n > k のとき
C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
+ 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
· C · 2k
n
(5)
の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
ち,an
n!
は0 に収束します。■
n→∞
n!
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
< C ×
=
2
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
111. − ,{an} かります。■
a > 0 のとき, lim
= 0であることを証明せよk > 2a であるような番号k をもってきて,ak
れだけα に近くてもよいので,α − α′ を上の収束の定義のε と考えと,{an} はα に収束
わかります。■
an
n!
かります。■
例題
n > k となる番号 n について,
a > 0 のとき, lim
わち|α − an| < α − α′ となります。α′ は,α より小
を上の収束の定義のとn→∞
ε 考えると,{an} はα に収束
= 0であることを証明せよ。
であることを証明せよ。
k > 2a であるようなk をもってきak
an
n!
= C とan
n!
= C とおきます。すると,n > k のan
n!
とき, lim
n→∞
ってきて,ak
= 0であること証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
2k
2n <
C · 2k
2n とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数と,上の式に代入てan
2014 A. Asano, Kansai Univ.
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
とすることができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
と,上の式に代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
そこで,どんな小さな ε( > 0) についても,
番号 n が であれば
関数の極限
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
a
+ 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
k > 2a なので
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
すから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
できます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考え代入してan
n!
< ε なります。すなわち,an
n!
は0 に収束します。■
とき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
るような番号k をもってきて,ak
k!
= C とおきます。すると,n > k のとき
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
すから
an
n!
< C a
2a + 1 < C !
1
2
"k
(5)
できます。そこで,ある(ε n >
C 2k
ε
なるn を考える
代入してan
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
は0 のとき, lim
n→∞
an
n!
= 0であることを証明せよ。
あるような番号k をもってきk!
= C n > k き
an
n!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 a
k + (n k)
(4)
ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
< C ×
!
1
2
"n−k
=
C · 2k
2n <
C · 2k
n
(5)
ができます。そこで,ある(小さな)正の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
に代入してan
n!
< ε となりan
n!
0 に収束します。■
せよ。
C とおきます。すると,n > k のとき
C ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
k + (n − k)
(4)
+ 2 × · · · ×
a
2a + (n − k)
· C · 2k
n
(5)
の数ε をもってきて,n >
C · 2k
ε
となるn を考える
ち,an
n!
は0 に収束します。■
n→∞
n!
k!
=
ak
k! ×
a
k + 1 ×
a
k + 2 × · · · ×
a
n
= C ×
で,k > 2a ですから
an
n!
< C ×
a
2a + 1 ×
a
2a + 2 × !
"1
n−k
< C ×
=
2
n!
< ε となります。すなわち,an
n!
つまり
{an / n!} は 0 に
収束する