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Movimento uniformemente acelerado e equações de queda livre
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1.
1 1) No movimento
uniformemente acelerado, como o de queda livre dos corpos, sem atrito e sem outras forças de resistência, a velocidade ݒ de queda ao se percorrer uma altura ℎ é dada por: ݒ = ඥ2݃ℎ, sendo ݃ a aceleração da gravidade. Como a ave mergulha a partir de uma altura ℎ = 20 ݉, logo: ݒ = √2 ∙ 10 ∙ 20 = √400 = 20 ݉/ݏ Resposta: Letra A. 2) Primeiramente, o módulo da aceleração do carro será: Dado: 18 ݇݉/ℎ = 5 ݉/.ݏ ܽ = ܽ = ∆ݒ ∆ݐ ∴ ܽ = 5 1 = 5 ݉/²ݏ Utilizando a equação de Torricelli, temos: Vଶ = V ଶ + 2ܽ∆ݏ 0ଶ = 25ଶ + 2 ∙ ሺ−5) ∙ ∆ݏ ∴ 0 = 625 − 10 ∙ ∆ݏ 10 ∙ ∆ݏ = 625 ∴ ∆ݏ = 625 10 ∆ݏ = 62,5 ݉ Resposta: Letra E. 3) A velocidade com que o motorista passará pelo radar fotográfico será: Vଶ = V ଶ + 2ܽ∆ݏ Vଶ = 30ଶ + 2 ∙ ሺ−5) ∙ 50 ∴ Vଶ = 900 − 500 Vଶ = 400 ∴ V = √400 V = 20 ݉/ݏ = 72 ݇݉/ℎ Como a velocidade aferida é superior à permitida, o carro terá sua imagem capturada pelo radar. Resposta: Letra E. 4) Aplicando a lei dos cossenos, podemos descobrir o comprimento AC: ACଶ = ABଶ + BCଶ − 2 ∙ AB ∙ BC ∙ cos 120° ACଶ = 300ଶ + 500ଶ − 2 ∙ 300 ∙ 500 ∙ ൬− 1 2 ൰ ACଶ = 90.000 + 250.000 + 150.000 ACଶ = 490.000 ∴ AC = √490.000 AC = 700,00 ݉ Como as crianças 1 e 2 devem chegar juntas ao ponto C, podemos afirmar que ݐଵ = ݐଶ. Assim, para a criança 1, temos: ܵଵ = ܵଵ + ݒଵ ∙ ݐଵ + ܽଵ ∙ ݐଵ ଶ 2 700,00 = 0 + 0 ∙ ݐଵ + ܽଵ ∙ ݐଵ ଶ 2 ∴ ܽଵ ∙ ݐଵ ଶ = 1.400 E, para a criança 2, temos: ܵଶ = ܵଶ + ݒଶ ∙ ݐଶ + ܽଶ ∙ ݐଶ ଶ 2 300,00 + 500,00 = 0 + 0 ∙ ݐଶ + ܽଶ ∙ ݐଶ ଶ 2 ܽଶ ∙ ݐଶ ଶ 2 = 800 ∴ ܽଶ ∙ ݐଶ ଶ = 1.600 A razão entre as acelerações das crianças 1 e 2 será: ܽଵ ∙ ݐଵ ଶ ܽଶ ∙ ݐଶ ଶ = 1.400 1.600 = 7 8 Resposta: Letra A. 5) A função horária do movimento do carro será: Dado: ݒ = 72 ݇݉/ℎ = 20 ݉/.ݏ ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ ∴ ܵ = 0 + 20 ∙ ݐ ܵ = 20 ∙ ݐ
2.
2 A função horária
do movimento da viatura será: ܵ௩ = ܵ௩ + ݒ௩ ∙ ݐ௩ + ܽ௩ ∙ ݐ௩ ଶ 2 ܵ௩ = 0 + 0 ∙ ݐ௩ + ܽ௩ ∙ ݐ௩ ଶ 2 ∴ ܵ௩ = ܽ௩ ∙ ݐ௩ ଶ 2 Como a viatura inicia seu movimento 5 ݏ após a passagem do carro, temos: ݐ௩ = ݐ − 5 Assim, a função horária do movimento da viatura será: ܵ௩ = ܽ௩ ∙ ሺݐ − 5)ଶ 2 Como a viatura alcança o carro 2,1 km a partir do início de seu movimento, temos: ܵ = 20 ∙ ݐ; ܵ = 2,1 ݇݉ = 2.100 ݉ 2.100 = 20 ∙ ݐ ∴ ݐ = 2.100 20 ∴ ݐ = 105 ݏ A aceleração da viatura será: ܵ௩ = ܽ௩ ∙ ሺݐ − 5)ଶ 2 ; ܵ௩ = 2.100 ݉ e ݐ = 105 ݏ 2.100 = ܽ௩ ∙ ሺ105 − 5)ଶ 2 ∴ 2.100 = ܽ௩ ∙ 100ଶ 2 4.200 = ܽ௩ ∙ 10.000 ∴ ܽ௩ = 4.200 10.000 ܽ௩ = 0,42 ݉/²ݏ A função horária da velocidade da viatura é: V௩ = V௩ + ܽ௩ ∙ ݐ௩ V௩ = 0 + 0,42 ∙ ݐ௩ ∴ V௩ = 0,42 ∙ ሺݐ − 5) A velocidade da viatura no instante em que alcança o carro será: V௩ = 0,42 ∙ ሺݐ − 5); ݐ = 105 ݏ V௩ = 0,42 ∙ ሺ105 − 5) ∴ V௩ = 0,42 ∙ 100 V௩ = 42 ݉/ݏ Resposta: Letra E. 6) No primeiro caso, orientando o eixo para baixo, temos: Vଶ = V ଶ + 2ܽ∆ݏ V୍ ଶ = v୍ ଶ + 2݃ሺH − 0) ∴ V୍ ଶ = V୍ ଶ + 2݃H No segundo caso, orientando o eixo para cima, temos: Vଶ = V ଶ + 2ܽ∆ݏ V୍୍ ଶ = V୍୍ ଶ + 2ሺ−݃)ሺ0 − H) ∴ V୍୍ ଶ = V୍୍ ଶ + 2݃H Como a velocidade de lançamento é igual para ambos os casos, temos: V୍ = V୍୍ ⇒ V୍ ଶ = V୍୍ ଶ Então: V୍ ଶ = V୍ ଶ + 2݃H = V୍୍ ଶ + 2݃H = V୍୍ ଶ ⇒ V୍ = V୍୍ Resposta: Letra B. 7) No instante ݐ = 0, o menino lança a 1ª bola; em ݐ = 0,6 ,ݏ ele lança a 2ª bola e, no instante, ݐ = 1,2 ,ݏ ele lança a 3ª bola e recebe a 1ª. Então, cada bola permanece no ar por 1,2 ,ݏ sendo 0,6 ݏ para a subida e 0,6 ݏ para a descida. Equacionando a descida, temos: ℎ = ݃ݐଶ 2 ∴ ℎ = 10 ∙ ሺ0,6)ଶ 2 ∴ ℎ = 10 ∙ 0,36 2 ℎ = 3,6 2 ∴ ℎ = 1,8 ݉ = 180 ܿ݉ Resposta: Letra B. 8) Orientando o eixo para cima, temos: ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ + ܽ ∙ ݐଶ 2 H = 0 + ݒ ∙ 0,3 + ሺ−10) ∙ ሺ0,3)ଶ 2 H = 0,3ݒ − 0,45 Como no ponto de altura máxima ݒ = 0, o valor de ݒ será: ݒ = ݒ + ܽ ∙ ݐ 0 = ݒ − 10 ∙ 0,3 ∴ 0 = ݒ − 3 ∴ ݒ = 3 ݉/ݏ
3.
3 Então: H = 0,3ݒ
− 0,45; ݒ = 3 ݉/ݏ H = 0,3 ∙ 3 − 0,45 ∴ H = 0,9 − 0,45 H = 0,45 ݉ Resposta: Letra B. 9) Chamemos os objetos de A e de B. O tempo ݐଵ pedido é a diferença entre os tempos de queda, ݐ e ݐ, respectivamente. Para obter a expressão do tempo de queda, usamos a função horária do espaço: ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ + ܽ ∙ ݐଶ 2 H = 0 + 0 ∙ ݐ + ݃ ∙ ݐ ଶ 2 ∴ H = ݃ ∙ ݐ ଶ 2 ݐ ଶ = 2H ݃ ∴ ݐ = ඨ 2H ݃ Assim, ݐ será: ݐ = ඨ 2 ∙ 80 10 ∴ ݐ = √16 ∴ ݐ = 4 ݉/ݏ E, ݐ será: ݐ = ඨ 2 ∙ 20 10 ∴ ݐ = √4 ∴ ݐ = 2 ݉/ݏ Como ݐଵ = ݐ − ݐ, temos: ݐଵ = ݐ − ݐ ∴ ݐଵ = 4 − 2 ∴ ݐଵ = 2 ݏ Resposta: Letra B. 10) No instante ݐଶ, temos: ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ + ܽ ∙ ݐଶ 2 ℎଶ = 0 + 0 ∙ ݐଶ + 10 ∙ ݐଶ ଶ 2 ∴ ℎଶ = 5ݐଶ ଶ No instante ݐଷ, temos: ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ + ܽ ∙ ݐଶ 2 ℎଷ = 0 + 0 ∙ ݐଷ + 10 ∙ ݐଷ ଷ 2 ∴ ℎଷ = 5ݐଷ ଶ No instante ݐସ, temos: ܵ = ܵ + ݒ ∙ ݐ + ܽ ∙ ݐଶ 2 ℎ = 0 + 0 ∙ ݐସ + 10 ∙ ݐସ ଶ 2 ∴ ℎ = 5ݐସ ଶ Como ℎଷ − ℎଶ = 6,25 ݉, temos: ℎଷ − ℎଶ = 6,25 ∴ 5ݐଷ ଶ − 5ݐଶ ଶ = 6,25 5ሺݐଷ ଶ − ݐଶ ଶ) = 6,25 ∴ ݐଷ ଶ − ݐଶ ଶ = 1,25 O enunciado afirma que o intervalo de tempo entre duas posições consecutivas é sempre o mesmo, logo: ݐସ − ݐଷ = ݐଷ − ݐଶ = ݐଶ − ݐଵ = ݐଵ − ݐ = ݐଵ − 0 = ݐଵ Com isso, podemos concluir que: ݐଶ = 2ݐଵ; ݐଷ = 3ݐଵ; ݐସ = 4ݐଵ Então: ݐଷ ଶ − ݐଶ ଶ = 1,25 ∴ ሺ3ݐଵ)ଶ − ሺ2ݐଵ)ଶ = 1,25 9ݐଵ ଶ − 4ݐଵ ଶ = 1,25 ∴ 5ݐଵ ଶ = 1,25 ݐଵ ଶ = 0,25 ∴ ݐଵ = ඥ0,25 ݐଵ = 0,5 ݏ Assim, o valor de ℎ será: ℎ = 5ݐସ ଶ ; ݐସ = 4ݐଵ e ݐଵ = 0,5 ݏ ℎ = 5ሺ4ݐଵ)ଶ ∴ ℎ = 5ሺ16ݐଵ ଶ) ∴ ℎ = 80ݐଵ ଶ ℎ = 80ሺ0,5)ଶ ∴ ℎ = 80ሺ0,25) ∴ ℎ = 20 ݉ Resposta: Letra E.
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