Mathvn.com   50 cau hoi phu kshs dai hoc 2011 - www.mathvn.com
Upcoming SlideShare
Loading in...5
×

Like this? Share it with your network

Share

Mathvn.com 50 cau hoi phu kshs dai hoc 2011 - www.mathvn.com

  • 33,335 views
Uploaded on

bai tap kshs cua cac truong chuyen tren ca nuoc

bai tap kshs cua cac truong chuyen tren ca nuoc

More in: Career
  • Full Name Full Name Comment goes here.
    Are you sure you want to
    Your message goes here
  • xin hỏi mọi người download tài liệu này ntn ạ?
    Are you sure you want to
    Your message goes here
  • OK
    Are you sure you want to
    Your message goes here
No Downloads

Views

Total Views
33,335
On Slideshare
33,332
From Embeds
3
Number of Embeds
1

Actions

Shares
Downloads
571
Comments
2
Likes
15

Embeds 3

http://www.slashdocs.com 3

Report content

Flagged as inappropriate Flag as inappropriate
Flag as inappropriate

Select your reason for flagging this presentation as inappropriate.

Cancel
    No notes for slide

Transcript

  • 1. www.MATHVN.com TỔNG HỢP 50 CÂU HỎI PHỤ KHẢO SÁT HÀM SỐ Bài 1. 2x Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị hàm số y = biết tiếp tuyến cắt Ox, Oy lần lượt tại A, B mà √ x−2 tam giác OAB thỏa mãn AB = OA 2 GiảiCách 1 Gọi M(xo ; yo ), (xo = 2) thuộc đồ thị hàm số. Pt tiếp tuyến d tại M có dạng: 2xo −4 y− = (x − xo ) xo − 2 (xo − 2)2 √Do tiếp tuyến cắt các trục Ox, Oy tại các điểm A, B và tam giác OAB có AB = OA 2 nên tam giác OABvuông cân tại O. Lúc đó tiếp tuyến d vuông góc với một trong 2 đường phân giác y = x hoặc y = −x+TH1: d vuông góc với đường phân giác y = x −4 xo = 0 ⇒ pt d : y = −x (loại)Có: = −1 ⇔ (xo − 2)2 = 4 ⇔ (xo − 2)2 xo = 4 ⇒ pt d : y = −x + 8+TH2: d vuông góc với đường phân giác y = −x −4Có .(−1) = −1 pt vô nghiệm. (xo − 2)2Vậy có 1 tiếp tuyến thỏa yêu cầu bài toán d : y = −x + 8 OA 1 πCách 2 nhận xét tam giác AOB vuông tại O nên ta có : sin(ABO) = = √ = sin AB 2 4nên tam giác AOB vuông cân tại O. phương trình tiếp tuyến của (C) tại điểm M = (xo ; yo ) có dạng : −4 2xo y= (x − xo ) + (xo − 2)2 xo − 2 2 xo 2xo2dễ dàng tính được A = ; 0 và B = 0; 2 (xo − 2)2yêu cầu bài toán lúc này tương đương với việc tìm xo là nghiệm của phương trình xo2 2xo2 = 3 ⇔ xo (xo − 4) = 0 2 (xo − 2)2+) với xo = 0 ta có phương trình tiếp tuyến là : y = −x (loại)+) với xo = 4 thì phương trình tiếp tuyến là : y = −x + 8 Bài 2. 1 1 Tìm các giá trị của m để hàm số y = x3 − m.x2 + m2 − 3 x có cực đại x1 , cực tiểu x2 đồng thời x1 ; x2 3 2 5 là độ dài các cạnh góc vuông của một tam giác vuông có độ dài cạnh huyền bằng 2 GiảiCách 1 Mxđ: D = R Có y = x2 − mx + m2 − 3 y = 0 ⇔ x2 − mx + m2 − 3 = 0Hàm số có cực đại x1 ,cực tiểu x2 thỏa yêu cầu bài toán khi và chỉ khi pt y = 0 có 2 nghiệm phân biệt dương,triệt tiêu và đổi dấu qua 2 nghiệm đó    ∆ > 0  4 − m2 > 0  −2 < m < 2  √      ⇔ S>0 ⇔ m>0 ⇔ m>0 ⇔ 3 < m < 2 (∗)      2   √ √ P > 0  m − 3 > 0 m < − 3 ∨ m > 3   x + x = m 1 2Theo vi-et có: x1 x2 = m2 − 3 √ 5 14Mà x1 + x2 = ⇔ 2(x1 + x2 )2 − 4x1 x2 = 5 ⇔ 2m2 − 4(m2 − 3) = 5 ⇔ m = ± 2 2 2 2 www.mathvn.com 1
  • 2. √ www.MATHVN.com 14Đối chiếu đk (*) ta có giá trị m = thỏa yêu cầu bài toán 2 Bài 3. 1 Tìm tất cả các giá trị m sao cho trên đồ thị (Cm ) : y = mx3 + (m − 1)x2 + (4 − 3m)x + 1 tồn tại đúng 2 3 điểm có hoành độ dương mà tiếp tuyến tại đó vuông góc với đường thẳng (L) : x + 2y − 3 = 0. GiảiCách 1: Có y = mx2 + 2(m − 1)x + 4 − 3m 1Từ yêu cầu bài toán dẫn đến pt: y · − = −1 có đúng 2 nghiệm dương phân biệt 2⇔ mx2 + 2(m − 1)x + 2 − 3m = 0 có 2 nghiệm dương phân biệt.    m = 0 m = 0  m = 0      m = 1 1    2   4m − 4m + 1 > 0   0<m< 2  ∆ > 0  ⇔ ⇔ m−1 ⇔ 2 ⇔ 1 S > 0 <0 0 < m < 1 2    m   <m< 2 3    2 − 3m 0 < m < 2      P>0     >0 m 3 1 1 2Vậy m ∈ 0; ∪ ; là các giá trị cần tìm của m 2 2 3Cách 2: Có y = mx2 + 2(m − 1)x + 4 − 3m 1Từ yêu cầu bài toán dẫn đến pt: y · − = −1 có đúng 2 nghiệm dương phân biệt ⇔ mx2 + 2(m − 1)x + 22 − 3m = 0 (1) có 2 nghiệm dương phân biệtTh1: m = 0 từ (1) ta có x = −1 (loại) 1Th2: m = từ (1) ta có x = ±1 (loại) 2 1 2 − 3mTh3: m = 0; m = từ pt (1) có 2 nghiệm x = 1 ∨ x = 2 m 2 − 3m 2Điều kiện bài toán dẫn đến: : >0⇔0<m< m 3 1 1 2Kết hợp với cả 3 trường hợp trên ta có giá trị m cần tìm:m ∈ 0; ∪ ; 2 2 3 Bài 4. Viết phương trình đường thẳng d cắt đồ thị (C) :y = x3 − 3x + 2 tại 3 điểm phân biệt A, B,C sao cho √ xA = 2 và BC = 2 2 GiảiVới xA = 2 ⇒ yA = 4 VậyA(2; 4)Xem d là đường thẳng đi qua A và có hệ số góc là k. Có pt d : y − yA = k(x − xA ) ⇔ y = kx − 2k + 4Phương trình hoành độ giao điểm của (C) và đường thẳng d : x3 − 3x + 2 = kx − 2k + 4⇔ (x − 2)(x2 + 2x + 1 − k) = 0 ⇔ x = 2 hay g(x) = x2 + 2x + 1 − k = 0 (∗)Để d cắt (C) tại 3 điểm phân biệt A, B,C thì pt(∗) phải có 2 nghiệm phân biệt xB ; xC phân biệt và khác 2:  ∆ = k > 0Lúc đó :⇔ ⇔ 0 < k = 9 (∗ ) g(2) = 9 − k = 0  x + x = −2 B CTheo vi-et ta có : . Mà B,C thuộc d nên yB = kxB − 2k + 4; yC = kxC − 2k + 4 xB .xC = 1 − k √Có BC = 2 2 ⇔ BC2 = 8 ⇔ (xB − xC )2 + k2 (xB − xC )2 = 8⇔ (xB + xC )2 − 4xB xC (1 + k2 ) = 8 ⇔ k3 + k − 2 = 0 ⇔ k = 1 (thỏa đk (∗ )) ⇒ pt d : y = x + 2Vậy đường thẳng d cần tìm có pt: y = x + 2 www.mathvn.com 2
  • 3. www.MATHVN.com Bài 5. Cho hàm số y = 4x3 − 6mx2 + 1, m là tham số.Tìm m để đường thẳng d : y = −x + 1 cắt đồ thị hàm số tại 3 điểm A(0; 1), B,C và B,C đối xứng qua đường phân giác thứ nhất. GiảiGiao của (C) và (d) có hoành độ là nghiệm của phương trình:4x3 − 6mx2 + 1 = −x + 1 ⇔ x(4x2 − 6mx + 1) = 0Để pt có 3 n0 phân biệt thì 4x2 − 6mx + 1 = 0 có 2 nghiệm phân biệt 2 −2⇒ ∆ = 9m2 − 4 > 0 ⇔ m > , m < 3 3Gọi B(x1 ; −x1 + 1),C(x2 ; −x2 + 1) Để B và C đối xứng qua đường phân giác thứ 1 thì:x = y x = −x + 1 3 2 1 2 1 2 ⇔ ⇔ x1 + x2 = 1 ⇔ m = 1 ⇔ m =y1 = x2 x2 = −x1 + 1 2 3So sánh với đk, thấy không tìm được m thỏa mãn Bài 6. đề thi thử lần 2 LQĐ Bình Định Cho hàm số y = x 4 − 2mx2 + 2m2 − 4,m là tham số thực.Xác định m để hàm số đã cho có 3 cực trị tạo thành một tam giác có diện tích bằng 1 GiảiMxđ: D = R. Có y = 4x3 − 4mx.y = 0 ⇔ 4x3 − 4mx = 0 ⇔ x = 0 ∨ x2 = m. Hàm số có 3 cực trị ⇔ m > 0 (∗)Gọi A(0; 2m 2 − 4); B(√m; m2 − 4);C(−√m; m2 − 4) là 3 điểm cực trị.Nhận xét thấy B,C đối xứng qua Oy và A thuộc Oy nên ∆ABC cân tại A. 1Kẻ AH⊥BC có S∆ABC = AH.BC ⇔ 2 = |yB − yA | |2xB | √ 2⇔ 2 = 2m2 . m ⇔ m = 1 Đối chiếu với điều kiên (∗) có m = 1 là giá trị cần tìm. Bài 7. x−2 Cho hàm số y = . Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị biết tiếp tuyến cắt Ox, Oy tại A, B sao x+1 cho bán kính vòng tròn nội tiếp tam giác OAB lớn nhất GiảiĐồ thị hàm số đã cho có tiệm cận đứng là đường thẳng x = −1 và tiệm cận ngang là đường thẳng y = 1.Giao điểm hai đường tiệm cận I (−1; 1). Giả sử tiếp tuyến cần lập tiếp xúc với đồ thị tại điểm có hoành độ 3 x0 − 2x0 , phương trình tiếp tuyến có dạng: y = 2 (x − x0 ) + (x0 + 1) x0 + 1 x0 − 5Tiếp tuyến cắt tiệm cận đứng x = −1 tại điểm A −1; , và cắt tiệm cận đứng tại điểm B (2x0 + 1; 1). x0 + 1 x0 − 5 6Ta có:IA = −1 = ; IB = |2x0 + 1 − (−1)| = 2|x0 + 1| x0 + 1 |x0 + 1| 6 1Nên: IA.IB = .2 |x0 + 1| = 12. Do vậy, diện tích tam giác IAB là: S = IA.IB = 6. |x0 + 1| 2 S 6Gọi p là nửa chu vi tam giác IAB, thì bán kính đường tròn nội tiếp tam giác này là:r = = . p pBởi vậy, r lớn nhất khi và chỉ khi p nhỏ nhất. Mặt khác, tam giác IAB vuông tại I nên: √ √ √ √ √2p = IA + IB + AB = IA + IB + IA2 + IB2 ≥ 2 IA.IB + 2IA.IB = = 4 3 + 2 6 √Dấu ’=’ xảy ra khi IA = IB ⇔ (x0 + 1)2 = 3 ⇔ x = −1 ± 3 √ √- Với x = −1 − 3 ta có tiếp tuyến: d1 : y = x + 2 1 + 3 √ √- Với x = −1 + 3 ta có tiếp tuyến: d1 : y = x + 2 1 − 3 Bài 8. www.mathvn.com 3
  • 4. 2mx + 3 www.MATHVN.com Cho hàm số y = . Gọi I là giao điểm 2 tiệm cận. Tìm m để tiếp tuyến bất kỳ của hàm số cắt hai x−m tiệm cận tại A, B sao cho diện tích tam giác IAB bằng 64 GiảiDễ thấy đồ thị hàm số đã cho có đường tiệm cận đứng là đường thẳng x = m và đường tiệm cận ngang lày = 2m. Tọa độ giao điểm của hai đường tiệm cận là I (m; 2m). 2mx0 + 3Gọi M x0 ; (với x0 = m) là điểm bất kỳ thuộc đồ thị hàm số đã cho. x0 − m 2m2 + 3 2mx0 + 3Phương trình tiếp tuyến của đồ thị hàm số tại điểm này là: y = − 2 (x − x0 ) + (x0 − m) x0 − m 2mx0 + 2m 2 +6Tiếp tuyến này cắt tiệm cận đứng tại A m; và cắt tiệm cận ngang tại B (2x0 − m; 2m). x0 − m 2mx0 + 2m2 + 6 4m2 + 6Ta có: IA = − 2m = ; IB = |2x0 − m − m| = 2 |x0 − m| x0 − m x0 − m 1Nên diện tích tam giác IAB là: S = IA.IB = 4m2 + 6 2 √Bởi vậy, yêu cầu bài toán tương đương với: 4m 2 + 6 = 64 ⇔ m = ± 58 2 Bài 9. Tìm m sao cho đồ thị hàm số y = x4 − 4x2 + m cắt trục hoành tại 4 điểm phân biệt sao cho diện tích hình phẳng giới hạn bởi (C) và trục hoành có phần trên bằng phần dưới GiảiPhương trình hoành độ giao điểm của đồ thị (C) và Ox:x4 − 4x2 + m = 0 (1)Đặt t = x2 ≥ 0. Lúc đó có pt: t 2 − 4t + m = 0 (2)Để  cắt Ox tại 4 điểm phân biệt khi pt (1) có 4 nghiệm phân biệt ⇔ (2) có 2 nghiêm phân biệt t > 0 (C) ∆ = 4 − m > 0   ⇔ S=4>0 ⇒ 0 < m < 4 (i)   P = m > 0 Gọi t1 ;t2 (0 < t1 < t2 ) là 2 nghiệm của pt (2). Lúc đó pt(1) có 4 nghiệm phân biệt theo thứ tự tăng dần là: √ √ √ √x1 = − t2 ; x2 = − t1 ; x3 = t1 ; x4 = t2Do tính đối xứng của đồ thị (C) nên có: x3 x4 x5 4x3 (x4 − 4x2 + m) dx = (−x4 + 4x2 − m) dx ⇒ 4 − 4 + mx4 = 0 ⇒ 3x4 − 20x4 + 15m = 0 4 2 0 x3  5 3 x4 − 4x2 + m = 0 (3)Từ đó có x4 là nghiệm của hpt: 4 4 3x4 − 20x2 + 15m = 0 (4) 4 4 2 3m 2 3m 9m2 20Lấy 3.(3) − (4) ⇒ x4 = Thay x4 = vào (3) có: − 5m = 0 ⇒ m = 0 ∨ m = 2 2 4 9 20Đối chiếu điều kiện (i) có m = là giá trị cần tìm. 9 Bài 10. Cho hàm số y = x4 − 2(1 − m2 )x2 + m + 1. Tìm m để hàm số đã cho có ba điểm cực trị và ba điểm cực trị này tạo thành một tam giác có diện tích lớn nhất. Giảiy = 4x3 − 4x(1 − m2 ) = 0 ⇔ x = 0, x2 = 1 − m2Hàm số có 3 cực trị ⇔ −1 < m < 1Khi đó, tọa độ điểm cực đại là A(0; 1 + m), √ √ √ √tọa độ 2 điểm cực tiểu là B(− 1 − m2 ; 1 − m2 );C( 1 − m2 ; 1 − m2 ) www.mathvn.com 4
  • 5. www.MATHVN.com 5 1Diện tích tam giác ABC là: SABC = d(A; BC).BC = (1 − m2 ) 2 ≤ 1. Dấu = xảy ra khi m = 0. 2Đáp số: m = 0 Bài 11. −x + 1 Cho hàm số y = có đồ thị là (H). Tìm trên (H) điểm M để tiếp tuyến tại M có hệ số góc lớn x−3 √ 2 5 hơn 1 tạo với đường thẳng ∆ : 3x + 4y − 1 = 0 một góc có giá trị bằng 25 GiảiVì chỉ biết công thức tính cos của góc từ 2 vecto cho trước, với lại bài này cho kết quả cos khá đẹp √ 2 5cos( ) ≈ 0, 9999... ≈ 1 nên em nghĩ là sẽ áp dụng công thức tính cos của góc giữa 2 vecto luôn. 25 2Gọi vecto chỉ phương của pt tiếp tuyến tại M là: →( − u1 ; −1) Vecto chỉ phương của dt ∆ : 3x+4y−1 = 0 (x − 3)2 8 | + 3| →(4; −3) Có: cos (→; →) = (x − 3)2 −là: u2 − − u1 u2 = 1 ⇔ |8+3(x−3)2 | = 5 4 + (x − 3)4 ⇔ (x−3)2 = ⇔ 3 4 2 5 +1 (x − 3)4x =? => M =? Bài 12. x+3 Cho hàm số y = có đồ thị (H). Tìm m để đường thẳng d : y = −x + m + 1 tại hai điểm phân biệt x−2 A, B sao cho AOB nhọn. Giải x+3Giao của (H) và d có hoành độ là nghiệm của pt: = −x + m + 1 ⇔ x2 − (m + 2)x + 2m + 5 = 0  x−2 m2 − 4m + 16 > 0Để pt trên có 2 nghiệm pb thì ∆ > 0, x = 2 ⇔ ⇒ m =? 22 − 2(m + 2) + 2m + 5 = 0Gọi A(x1 ; −x1 + m + 1), B(x2 ; −x2 + m + 1) là 2 giao điểm của (H) và dĐể AOB nhọn thì : AB2 < OA2 + AB2 ⇔ 2(x2 − x1 )2 < (−x1 + m + 1)2 + (−x2 + m + 1)2 ⇔ −2x1 x2 + (m +1)(x1 + x2 ) − (m + 1)2 < 0 ⇔ m > −3Kết hợp với đk ban đầu để suy ra giá trị của m. Bài 13. x Cho hàm số y = . Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị (H) của hàm số đã cho biết tiếp tuyến x−1 √ tạo với hai đường tiệm cận một tam giác có chu vi bằng 2(2 + 2) Giải −1(x − xo ) xoCách 1. 2 đường tiệm cận của đồ thị là x = 1, y = 1 Gọi pttt của (H) tại M(xo ; yo ) là: y = 2 + (xo − 1) xo − 1 xo + 1 xo + 1Khi x = 1 ⇒ y = ⇒ A(1; ). Khi y = 1 ⇒ x = 2xo − 1 ⇒ B(2xo − 1; 1), I(1; 1) xo − 1 xo − 1 xo + 1 xo + 1 2 √⇒ P(ABC) = IA + IB + AB = − 1 + 2xo − 2 + (2xo − 2)2 + (1 − ) = 2(2 + 2) xo − 1 √ xo − 1⇔  2(xo − 1)2 + (xo − 1)4 + 4 = 2(2 + 2)(xo − 1) 2+ x − 1 = 0 (loại) o⇔ √ √ √ −2(1 + 2)(xo − 1)2 + (2 + 2)2 (xo − 1) − 2(2 + 2) = 0Cách 2. - Phương trình tiệm cận đứng: x = 1, phương trình tiệm cận ngang y = 1 a −1 a- Gọi M(a; ), phương trình tiếp tuyến tại M: y = 2 (x − a) + a−1 (a − 1) a−1 www.mathvn.com 5
  • 6. www.MATHVN.com a+1- Tọa độ giao điểm của tiếp tuyến và tiệm cận đứng là: A(1; ) a−1- Tọa độ giao điểm của tiếp tuyến và tiệm cận ngang là: B(2a − 1; 1) 2 1 √- Chu vi tam giác IAB là: C = IA + IB + AB = + 2|a − 1| + 2 (a − 1)2 + ≥ 4 + 2 2, dấu |a − 1| (a − 1)2= xảy ra khi |a − 1| = 1 tức a = 0; a = 2- Với a = 0 ⇒ y = −x- Với a = 2 ⇒ y = −x + 4Kết luận: y = −x, y = −x + 4 là 2 tiếp tuyến cần tìm. Bài 14. 2x − m Cho hàm số: y = (1). Chứng minh với mọi m = 0 đồ thị hàm số (1) cắt (d) : y = 2x − 2m tại mx + 1 2 điểm phân biệt A, B thuộc một đường (H) cố định. Đường thẳng (d) cắt các trục Ox, Oy lần lượt tại các điểm M, N. Tìm m để SOAB = 3SOMN GiảiPhương trình hoành độ giao điểm của đồ thị hàm số (1) và đường thẳng d:2x − m 1 = 2x − 2m ⇔ 2mx2 − 2m2 x − m = 0 x = − (2)mx + 1 m 1Do m = 0 nên (2) ⇔ f (x) = 2x2 − 2mx − 1 = 0 x = − (∗) m 1Để tồn tại 2 điểm A, B thì pt (∗) phải có 2 nghiệm phân biệt xA ; xB khác −  m ∆ = m 2 +2 > 0 ⇔ ⇔ ∀m = 0  f (− 1 ) = 2 + 1 = 0 m m2 1Mặt khác có xA .xB = nên A, B luôn thuộc một đường (H) cố định. 2 |−2m|Kẻ OH⊥AB ⇒ OH = d(O,d) = √ . Lại có A, B ∈ d ⇒ yA = 2xA − 2m; yB = 2xB − 2m  5 xA + xB = mTheo viet có: . xA .xB = 1 2 √Có: AB = (xA − xB )2 + (yA − yB )2 = 5(xA − xB )2 = 5(xA + xB )2 − 20xA xB ⇔ AB = 5m2 + 10Vì M, N là giao điểm của d với Ox, Oy nên M(m; 0); N(0; 2m) |−2m| √Theo giả thiết :SOAB = 3SOMN ⇔ OH.AB = 3OM.ON ⇔ √ . 5m2 + 10 = 3 |xM | |yN | 5 |−2m| √ 2 √ 1⇔ √ . 5m + 10 = 3 |m| |2m| ⇔ m2 + 2 = 3 |m| ⇔ m2 + 2 = 9m2 ⇔ m = ± 5 2 1Vậy với m = ± là các giá trị cần tìm . 2 Bài 15. −x + 1 Tìm trên (H) : y = các điểm A, B sao cho độ dài đoạn thẳng AB bằng 4 và đường thẳng AB x−2 vuông góc với đường thẳng y = x GiảiDo AB⊥d : y = x ⇒ pt AB : y = −x + m Phương trình hoành độ giao điểm của (H) và đường thẳng AB: −x + 1 = −x + m ⇔ g(x) = x2 − (m + 3)x + 2m + 1 = 0 (x = 2) (1) x−2Để  tại 2 điểm A, B thì pt(1) cần có 2 nghiệm phân biệt xA ; xB và khác 2 tồn  ∆ >0 (m + 3)2 − 4(2m + 1) > 0 g(x)⇔ ⇔ ⇔ (m − 1)2 + 4 > 0; ∀m g(2) = 0 4 − (m + 3)2 + 2m + 1 = 0 www.mathvn.com 6
  • 7.  www.MATHVN.com x + x = m + 3 A BTheo viet có Lại có: yA = −xA + m; yB = −xB + m xA .xB = 2m + 1Mà AB = 4 ⇔ AB2 = 16 ⇔ (xB − xA )2 + (yA − yB )2 = 16 ⇔ (xB − xA )2 = 8 ⇔ (xB + xA )2 − 4xA .xB = 8 ⇔ (m + 3)2 − 4(2m + 1) = 0 ⇔ m2 − 2m − 3 = 0 ⇔ m = −1 ∨ m = 3 √ √+Với m = 3 thay vào pt (1) có:x2 − 6x + 7 = 0 ⇔ x = 3 ± 2 ⇒ y = ± 2. Lúc này tọa độ 2 điểm A, B là √ √ √ √ √ √ √ √A(3 + 2; − 2); B(3 − 2; 2) hoặc B(3 + 2; − 2); A(3 − 2; 2) √ √+Với m = −1 thay vào pt (1) có: x2 − 2x − 1 = 0 ⇔ x = 1 ± 2 ⇒ y = −2 ± 2. Lúc này tọa độ 2 điểm √ √ √ √ √ √ √ √A, B là A(1 + 2; −2 − 2); B(1 − 2; −2 + 2) hoặc B(1 + 2; −2 − 2); A(1 − 2; −2 + 2)Vậy A, B là các điểm như trên thỏa yêu cầu bài toán. Bài 16. Tìm m để đồ thị hàm số y = x4 − mx2 + m − 1 cắt trục Ox tại 4 điểm phân biệt có hoành độ lớn hơn −2. Giải √Xét:x4 − mx2 + m + 1 = 0. ∆ = (m − 2)2 => ∆ = |m − 2| ⇒ x2 = m − 1(m > 1), x2 = 1 √ √Vậy 4 giao điểm của đồ thị (C) với trục hoành là: A(−1; 0), B(− m − 1; 0),C(1; 0), D( m − 1; 0)Để 4 điểm đó có hoành độ >-2 thì: √TH1:− m − 1 > −1 ⇔ m < 2, kết hợp với đk ⇒ 1 < m < 2 √TH2:−2 < − m − 1 < −1| ⇔ 2 < m < 5Vậy :m ∈ (1; 2) ∪ (2; 5) là giá trị cần tìm. Bài 17. x+3 Cho hàm số y = có đồ thị là (H). Tìm m để đường thẳng d : y = 2x + 3m cắt (H) tại hai điểm x+2 − − → → phân biệt sao cho OA.OB = −4 với O là gốc tọa độ. Giải x+3- Xét phương trình: = 2x + 3m ⇒ 2x2 + 3(1 + m)x + 6m − 3 = 0 (1) có 2 nghiệm phân biệt khác -2 x+2khi ∆ = 9m2 − 30m + 33 > 0 điều này xảy ra với mọi m.- Gọi 2 nghiệm của phương trình (1) là x1 , x2 thì A(x1 , 2x1 + 3m), B(x2 , 2x2 + 3m) − − → → 12m − 15 7- Có: OA.OB = −4 ⇒ x1 .x2 + (2x1 + 3m)(2x2 + 3m) = −4 ⇒ = −4 ⇒ m = 2 12 Bài 18. 3x − 1 Tìm tọa độ hai điểm B,C thuộc hai nhánh khác nhau của đồ thị y = sao cho tam giác ABC vuông x−1 cân tại A(2; 1). Giải − →Đổi hệ trục tọa độ Oxy thành hệ trục tọa độ IXY bằng phép tịnh tiến OI với I(1; 3)  x = X + 1Công thức đổi trục: y = Y + 3 2Trong hệ tọa độ mới pt hàm số được viết lại là :Y = (1) và điểm A trở thành A(1; −2) X 2 2Xét 2 điểm B a; ;C b; (a < 0 < b) thuộc đồ thị hàm số (1). a bGọi H, K lần lượt là hình chiếu của B,C lên đường thẳng y = −2 ⇒ H(a; −2); K(b; −2)Có BAH + CAK = 900 = CAK + ACK ⇒ BAH = ACK  AH = CKVậy ∆AHB = ∆CKA (cạnh huyền_góc nhọn)⇒ (∗) BH = AK www.mathvn.com 7
  • 8.  www.MATHVN.com 2 (1 − a)2 = 2 + 2   (2)Lúc đó từ (∗) có hpt: b  2 + 2 = |b − 1|   (3) a 2 2 3b + 2 −b − 2Từ (2) có 3 − a + −a − 1 − =0⇔a= ∨a = b b b b 3b + 2 8b + 4 3b 2 + 9b + 6 = 0(4)Với a = từ (3) có = |b − 1| ⇒ b 3b + 2 3b2 + 7b + 2 = 0(5)+ Với (4) pt có 2 nghiệm b = −1 ∨ b = −2 không thỏa do b > 0 1+ Với (5) pt có 2 nghiệm b = − ∨ b = −2 không thỏa do b > 0 3 −b − 2 4 b2 + b − 6 = 0(6)Với a = từ (3) có = |b − 1| ⇒ b b+2 b2 + b + 2 = 0(7)+Với (7) pt vô nghiệm+Với (6) pt có 2 nghiệm b = 2 ∨ b = −3 (loại)Khi b = 2 ⇒ B(−2; −1);C(2; 1) hoặc ngược lại. Lúc đó 2 điểm B,C của bài toán cần tìm là: B(−1; 2);C(3; 4)hoặc ngược lại. Bài 19. Cho hàm số y = x3 + 3x2 + m (1) . Tìm m để hàm số (1) có 2 điểm cực trị A, B sao cho AOB = 120o Giải- Phương trình y = 0 ⇔ x = 0, x = −2- Tọa độ 2 điểm cực trị của đồ thị a(0; m), B(−2; m + 4)- Yêu cầu của bài toán dẫn đến giải phương trình: − − → → √ OA.OB 1 √ −12 + 132 = − ⇔ −2m(m + 4) = |m| m2 + 8m + 20 ⇔ m = 0, m = OA.OB 2√ 3 −12 + 132Đáp số: m = 0, m = 3 Bài 20. đề thi thử đại học THPT Thanh Thủy lần 2 tỉnh Phú Thọ 2x − 1 Cho hàm số y = có đồ thị (C). x+1 √ Tìm m để đường thẳng d : y = x + m cắt (C) tại 2 điểm phân biệt A, B sao cho AB = 2 2 GiảiPhương trình hoành độ giao điểm của (C) và đường thẳng d: 2x − 1 = x + m ⇔ f (x) = x2 + (m − 1)x + m + 1 = 0 (1) (x = −1) x+1Để  cắt (C) tại 2 điểm phân biệt A, B thì phương trình (2) có 2 nghiệm phân biệt xA , xB khác −1 d  ∆ = (m − 1)2 − 4(m + 1) > 0 x + x = 1 − m A B⇔ (∗). Theo vi-et có :  f (−1) = 1 − m + 1 + m + 1 = 0 xA .xB = m + 1 √Lại có A, B ∈ d ⇒ yA = xA + m; yB = xB + m Do AB = 2 2 ⇔ AB2 = 8 ⇔ (xA − xB )2 + (yA − yB )2 = 8⇔ (xA + xB )2 − 4xA .xB = 4 ⇔ (1 − m)2 − 4(m + 1) = 4 ⇔ m2 − 6m − 7 = 0 ⇔ m = −1 ∨ m = 7Đối chiếu điều kiện (∗) ta có m = −1; m = 7 là giá trị cần tìm. Bài 21. 3x − 2 Cho hàm số y = (C). Gọi I là giao của 2 đường tiệm cận của đồ thị. x+1 Viết phương trình tiếp tuyến d của đồ thị hàm số biết d cắt tiệm cận đứng và tiệm cận ngang lần lượt tại 5 A và B thỏa mãn cos BAI = √ 26 Giải www.mathvn.com 8
  • 9. www.MATHVN.comXét điểm M(xo ; yo ), (xo = −1) ∈ (C) là tiếp điểm của tiếp tuyến d. 3xo − 2 5Phương trình tiếp tuyến tại d có dạng : y − = (x − xo ) xo + 1 (xo + 1)2 5Do tiếp tuyến d cắt tiệm cận đứng , tiệm cận ngang lần lượt tại A, B và ∆IAB có cos BAI = √ 26 2 BAI = 1 1 1nên tan −1 = ⇒ tan BAI = ⇒ tan ABI = |5| cos2 BAI 25 |5| 5Lại có tan ABI là hệ số góc của tiếp tuyến d mà y (xo ) = >0 (xo + 1)2 5nên 2 = 5 ⇔ (xo + 1)2 = 1 ⇒ xo = 0 ∨ xo = −2 (xo + 1)Với xo = 0 có pt tiếp tuyến d : y = 5x − 2Với xo = −2 có pt tiếp tuyến d : y = 5x + 2Vậy có 2 tiếp tuyến thỏa yêu cầu bài toán có pt như trên. Bài 22. Cho hàm số y = x4 − 2mx2 + 2 có đồ thị (Cm ).Tìm tất cả các giá trị của tham số m để đồ thị (Cm ) có ba 3 9 điểm cực trị tạo thành một tam giác có đường tròn ngoại tiếp đi qua điểm D ; . 5 5 Giải √y = 4x3 − 4mx = 0 ⇔ x = 0, x = ± m (m > 0) Vậy các điểm thuộc đường tròn (P) ngoại tiếp các điểm √ √ 3 9cực trị là: A(0; 2), B(− m; −m2 + 2),C( m; −m2 + 2), D ; . Gọi I(x; y) là tâm đường tròn(P)   5 5 IA2 = ID2  3x − y + 1 = 0    √ √  ⇒ IB2 = IC2 ⇔ 2x m = −2x m ⇔ x = 0, y = 1, m = 0(loại), m = 1. (x + √m)2 + (y + m2 − 2)2 = x2 + (y − 2)2      2 IB = IA2 Vậy m = 1 là giá trị cần tìm. Bài 23. x4 5 Cho hàm số y = − 3x2 + có đồ thị (C) và điểm A ∈ (C) với xA = a. 2 2 Tìm các giá trị thực của a biết tiếp tuyến của (C) tại A cắt đồ thị (C) tại 2 điểm phân biệt B,C khác A sao cho AC = 3AB (B nằm giữa A và C). Giải a4 5Cách 1 Xét A a; − 3a2 + thuộc đồ thị (C). 2 2 a4 4 2 + 5 = (2a3 − 6a)(x − a) ⇔ y = 2a(a2 − 3)x − 3a + 3a2 + 5Phương trình tiếp tuyến tại A : y − − 3a 2 2 2 2 x4 5 3a4 5Phương trình hoành độ giao điểm của (C) và tiếp tuyến tại A. − 3x2 + = 2a(a2 − 3)x − + 3a2 + 2 2 2 2 x=a⇔ (x − a)2 (x2 + 2ax + 3a2 − 6) = 0 ⇔ f (x) = x2 + 2ax + 3a2 − 6 = 0 (1)Để  tuyến tại A cắt (C) tại 2 điểm B,C khác A thì pt (1) cần có 2 nghiệm phân biệt xB ; xC khác a tiếp  √ ∆ = a2 − (3a2 − 6) > 0 − 3 < a < √3⇔ ⇔ (∗)  f (a) = 6a2 − 6 = 0 a = ±1 − → −→Do AB = 3AC ⇒  = 3AB ⇒ xC − 3xB = −2a (2) AC x + x = −2a (3) B CLại theo vi et có: . xB .xC = 3a2 − 6 (4) √Từ (2) và (3) ⇒ xB = 0và xC = −2a. Thế vào (4) có: 3a2 − 6 = 0 ⇔ a = ± 2 ( thỏa (∗)) www.mathvn.com 9
  • 10. www.MATHVN.comKiểm tra: √ √ 3 5 √ 21+Với a = 2 có A 2; − ; B 0; ;C −2 2; ⇒ AC = 3AB 2 2 2 √ √ 3 5 √ 21+Với a = − 2 có A − 2; − ; B 0; ;C 2 2; ⇒ AC = 3AB √ 2 2 2Vậy a = ± 2 là các giá trị cần tìm của a.Cách 2 Phương trình tiếp tuyến của đồ thị (C) hàm số đã cho tại điểm A với xA = a là: a4 5 y = 2a3 − 6a (x − a) + − 3a2 + 2 2PT hoành độ giao điểm của tiếp tuyến này với đồ thị (C): x4 5 a4 5 − 3x2 + = 2a3 − 6a (x − a) + − 3a2 + ⇔ (x − a)2 x2 + 2ax + 3a2 − 6 = 0 2 2 2 2Để có 3 giao điểm A, B,C thì phương trình:  √ − 3 < a < √3x2 + 2ax + 3a2 − 6 = 0 (∗) có hai nghiệm phân biệt khác a ⇔ . a = ±1  x + x = −2a B CKhi đó hoành độ B,C là hai nghiệm của phương trình (∗) nên: ⇔ xB .xC = 3a2 − 6 − → − →Mặt khác: = 3AB (B nằm giữa và C) ⇔ AC = 3AB ⇔ xC − 3xB = −2a AC A x − 3x = −2a x = 0  C  B  B    √Ta có hệ: xB + xC = −2a ⇔ xC = −2a ⇔ a = ± 2 thỏa mãn điều kiện.     xB .xC = 3a2 − 6   2 3a − 6 = 0 √Vậy giá trị cần tìm của m là: a = ± 2 Bài 24. Câu I ý 2 đề thi thử đại học Vinh lần 3 1 4 Cho hàm số y = x − (3m + 1)x2 + 2(m + 1) (m là tham số). Tìm m để hàm số có 3 điểm cực trị tạo 4 thành một tam giác có trọng tâm là gốc tọa độ O. Giảiy = x3 − 2(3m + 1)x = 0 ⇔ x = 0, x2 = 2(3m + 1) 1Hàm số có 3 cực trị khi m > − , khi đó tọa độ 3 điểm cực trị của đồ thị là √ 3 √A(0; 2m + 2), B(− 6m + 2; −9m2 − 4m + 1),C( 6m + 2; −9m2 − 4m + 1) 2 1Tam giác ABC có trọng tâm O khi: −18m2 − 6m + 4 = 0 ⇔ m = − , m = 3 3 1Đáp số: m = 3 Bài 25. Câu I ý 2 đề thi thử đại học lần 3 THPT Trung Giả 1 3 Cho hàm số y = mx + (m − 1)x2 + (3m − 4)x + 1 có đồ thị là (Cm ).Tìm tất cả các giá trị của m sao 3 cho trên (Cm ) có điểm mà tiếp tuyến tại đó vuông góc với đường thẳng (d) : y = x + 2011 Giảiy = mx2 + (m + 1)x + 3m − 4 Để tiếp tuyến vuông góc với (d) thì y .1 = −1 ⇔ mx2 + (m + 1)x + 3m − 3 =0(1) có nghiệm với mọi x thuộc R −3TH1: m = 0 ⇒ pt trở thành: −2x − 3 = 0 ⇔ x = Vậy m = 0 thỏa mãn 2TH2: m = 0 ⇒ (1) là phương trình bậc 2, vậy để phương trình có nghiệm thì: 1 1∆ = −2m2 + m + 1 ≥ 0 ⇔ − ≤ m ≤ 1, m = 0 Vậy − ≤ m ≤ 1 là giá trị cần tìm 2 2 Bài 26. www.mathvn.com 10
  • 11. www.MATHVN.com Cho hàm số y = x3 − 3mx2 + 3(m2 − 1)x − (m2 − 1) (1). Tìm m để đồ thị hàm số (1) cắt Ox tại 3 điểm phân biệt có hoành độ dương. GiảiĐặt f (x) = x3 − 3mx2 + 3(m2 − 1)x − (m2 − 1) Có y = 3x2 − 6mx + 3(m2 − 1) x1 = m − 1y =0⇔ x2 = m + 1Do hệ số của x2 của pt y = 0 là 3 và m − 1 < m + 1 nên hàm số đạt cực đại tại x1 và đạt cực tiểu tại x2Đồ thị hàm số (1) trục hoành tại 3 điểm phân biệt có hoành độ dương thì ta phải có: cắt ∀m ∈ R  1 − √2 < m < 1∆y > 0       2 (m − 1)(m2 − 3)(m2 − 2m − 2) > 0 y .y < 0 1 2   √     − 3 < m < −1  x >0 ⇔ m−1 > 0 ⇔  √ √ 1     3 < m < 1+ 2x2 > 0 m + 1 > 0         m > 1  f (0) < 0 1−m < 0  √ √ √ √⇒ 3 < m < 1 + 2. Vậy các giá trị m thỏa yêu cầu bài toán là m ∈ 3; 1 + 2 Bài 27. Tìm m để diện tích hình phẳng giới hạn bởi đồ thị: y = x3 − 3x2 + 3mx + 3m + 4 và trục hoành có phần nằm phía trên trục hoành bằng phần nằm phía dưới trục hoành Giải Bài 28. −x − 1 Tìm trên đồ thị hàm số y = các điểm A, B sao cho tiếp tuyến của đồ thị hàm số tại điểm A song x+2 √ song với tiếp tuyến tại điểm B và AB = 8 Giải −a − 1 −b − 1Xét 2 điểm A a; ; B b; (a = b = −2) thuộc đồ thị hàm số đã cho. a+2 b+2 −1Tiếp tuyến tại A có hệ số góc: f (a) = (a + 2)2 −1Tiếp tuyến tại B có hệ số góc : f (b) =  (b + 2)2  f (a) = f (b)Theo bài ta có hpt: √ AB = 8   − 1  =− 1  a=b    (a + 2)2  (b + 2) 2  ⇔ 2 ⇔ a + b = −4  (a − b)2 + −a − 1 − −b − 1 = √8    1   a+2 b+2 (a − b)2 1 +  =8 ab + 2(a + b) + 4  a = −2 − √3  √     a + b = −4 a + b = −4 a = −4 − b  b = −2 + 3   ⇔ ⇔ ⇔ ⇔  √ (16 − 4ab) 1 + 1 =8 ab = 1 b2 + 4b + 1 = 0  a = −2 + 3   ab − 4   √ b = −2 − 3 √ √ √ √Vậy 2 điểm A, B cần tìm là A −2 − 3; 3 + 1 ; B −2 + 3; 3 − 1 √ √ √ √hoặc A −2 + 3; 3 − 1 ; B −2 − 3; 3 + 1 Bài 29. www.mathvn.com 11
  • 12. www.MATHVN.com x+2 Gọi D là đường thẳng đi qua A(1; 0) và có hệ số góc k. Tìm k để D cắt đồ thị y = tại 2 điểm phân x−1 biệt M, N thuộc 2 nhánh khác nhau của đồ thị và AM = 2AN GiảiDo D là đường thẳng đi qua A(1; 0) và có hệ số góc là k nên pt D : y = k(x − 1)Phương trình hoành độ giao điểm của D và đồ thị hàm số đã cho là: x+2 = k(x − 1) ⇔ kx2 − (2k + 1)x + k − 2 = 0(x = 1) (1) x−1Đặt t = x − 1 ⇒ x = t + 1 Lúc đó pt (1) trở thành: k(t + 1)2 − (2k + 1)(t + 1) + k − 2 = 0 ⇔ kt 2 − t − 3 = 0 (2)Để D cắt đồ thị hàm số đã cho tại 2 điểm M, N thuộc 2 nhánh khác nhau của đồ thị thì pt (1) phải có2 nghiệm x1 ; x2 thỏa x1 < 1 < x2 ⇔ pt (2) có 2 nghiệm t1 ;t2 thỏa t1 < 0 < t2 ⇔ −3k < 0 ⇔ k > 0 (∗) −→ − →Vì điểm A luôn trong đoạn MN và AM = 2AN ⇒ AM = −2AN ⇒ x1 + 2x2 = 3 (3) nằm x1 + x2 = 2k + 1 (4)  k−1 k+2Theo vi-et có : k . Từ (3) và (4) ⇒ x2 = ; x1 = x x = k−2 k k  1 2 (5) k (k + 2)(k − 1) k − 2 2Thay x1 ; x2 vào (5) có pt: 2 = ⇔ 3k − 2 = 0 ⇔ k = k k 3 2Đối chiếu đk (∗) có k = là giá trị cần tìm. 3 Bài 30. Tìm m để đường thẳng qua cực đại cực tiểu của đồ thị hàm số y = x3 − 3mx + 2 cắt đường tròn tâm I(1; 1) bán kính bằng 1 tại A, B mà diện tích tam giác IAB lớn nhất Giải- Có: y = 3x2 − 3m có 2 nghiệm phân biệt khi m > 0. Khi đó, tọa độ 2 điểm cực trị của đồ thị hàm số là: √ √ √ √M( m, 2 − 2m x), N(− m, 2 + 2m x)- Phương trình đường thẳng MN là: 2mx + y − 2 = 0- Đường thẳng MN cắt đường tròn tâm I tại A, B mà tam giác IAB có 2.SIAB = IA.IB. sin AIB ≤ 1, 1dấu = xảy ra khi AIB = 90o , lúc đó, khoảng cách từ I đến MN bằng √ . 2 √ √ 1 |2m − 1| 1 3 3Do vậy ta có phương trình: d(I, MN) = √ ⇔ √ = √ ⇒ m = 1+ , m = 1− 2 4m2 + 1 2 2 2 Bài 31. x+3 Cho hàm số y = có đồ thị là (H).Viết phương trình tiếp tuyến tại M trên (H) sao cho tiếp 2(x + 1) tuyến tại M cắt hai trục tọa độ Ox, Oy tại hai điểm A, B đồng thời đường trung trực của AB đi qua gốc tọa độ O. GiảiDo tam giác OAB đã vuông tại O mà trung trực của AB lại đi qua O nên tam giác OAB phải vuông cân, điềuđó có nghĩa là AB tạo với trục hoành góc 45o , cũng tức là hệ số góc của AB bằng −1. −4Vậy thì, hoành độ tiếp điểm của tiếp tuyến là nghiệm của phương trình: = −1 ⇔ x = 0, x = −2 4(x + 1)2 3Với x = 0 ta có tiếp tuyến là: y = −x + 2 5Với x = −2 ta có tiếp tuyến là: y = −x − 2 Bài 32. 1 1 Cho hàm số y = x3 − (m + 1)x2 + mx (m là tham số) . 3 2 Tìm m để hàm số có cực đại và cực tiểu đối xứng qua đường thẳng d : 72x − 12y − 35 = 0 Giải www.mathvn.com 12
  • 13. www.MATHVN.comTa có: y = x2 − (m + 1)x + m y = 0 ⇔ x2 − (m + 1)x + m = 0 ⇔ x = 1 ∨ x = mVì thế, để đồ thị hàm số có cực đại và cực tiểu, điều kiện là: y = 0 có hai nghiệm phân biệt ⇔ m = 1 1 1 1 1Mặt khác: y = x − (m + 1) .y − (m − 1)2 x + m(m + 1) 3 6 6 6Nên khi đồ thị hàm số có cực đại và cực tiểu thì đường thẳng d đi qua hai cực trị này có dạng: 1 1y = − (m − 1)2 x + m(m + 1) 6 6 35Đường thẳng d viết lại là: y = 6x − 2 Nên hai cực trị đối xứng nhau qua đường thẳng d, điều kiện đầu 1 1 2tiên là d ⊥ d . Hay: − (m − 1) .6 = −1 ⇔ m = 0 ∨ m = 2 6* Với m = 0, hàm số đã cho trở thành: 1 1y = x3 − x2 và y = x2 − x 3 2 1 1 1Hai điểm cực trị có tọa độ: A (0; 0); B 1; − , trung điểm của AB là I ;− ∈ d nên hai điểm cực / 6 2 12trị không đối xứng nhau qua đường thẳng d.* Với m = 2, hàm số đã cho trở thành: 1 3 5 2y = x3 − x + 2x và y = x2 − 3x + 2 Hai điểm cực trị có tọa độ C 1; ; D 2; , trung điểm của CD 3 2 6 3 3 9là J ; ∈ d nên hai điểm cực trị không đối xứng với nhau qua đường thẳng d. / 2 12Vậy không có giá trị nào của m thỏa mãn bài toán. Bài 33. Cho hàm số y = x3 − 3x2 + 4 có đồ thị là (C).Chứng minh rằng khi m thay đổi thì đường thẳng d : y = m(x + 1) luôn cắt đồ thị (C) tại một điểm A cố định và tìm m để đường thẳng d cắt (C) tại ba điểm phân biệt A, B,C đồng thời B,C cùng với gốc tọa độ O tạo thành một tam giác có diện tích bằng 1. GiảiXét phương trình: x3 − 3x2 + 4 = m(x + 1) ⇔ (x + 1)(x2 − 4x + 4 − m) = 0 ⇔ x = −1; g(x) = x2 − 4x + 4 − m = 0 (1)Đường thẳng y = m(x + 1) luôn cắt đồ thị hàm số đã cho tại A(−1; 0), để nó cắt đồ thị tại 3 điểm phân biệtthì phương trình (1) phải có 2 nghiệm phân biệt khác -1.Điều kiện là: ∆ > 0, g(−1) = 0 ⇔ 0 < m = 9Khi đó (1) có 2 nghiệm phân biệt và đường thẳng đã cho cắt đồ thị thêm tại √ √ √ √B(2 + m; m(3 + m));C(2 − m; m(3 − m)) |m|Khoảng cách từ O đến BC là: d(O; BC) = √ Độ dài BC là: BC = 2 m(1 + m2 ) m2 + 1 1 √Có: SOBC = d(O; BC).BC = m m = 1 ⇔ m = 1 2Đáp số: m = 1 Bài 34. Đề Thử sức trên THTT - Tháng 5/2011 x3 1 Tìm tất cả các giá trị của m để đồ thị hàm số: y = − (m + 3) x2 − 2 (m + 1) x + 1 có hai điểm cực 3 2 trị với hoành độ lớn hơn 1. GiảiTa có: y = x2 − (m + 3) x − 2 (m + 1)y = 0 ⇔ x2 − (m + 3) x − 2 (m + 1) = 0 (∗)Có: ∆ = (m + 3)2 + 8 (m + 1) = m2 + 14m + 17 > 0, ∀x ∈ RNên đồ thị hàm số luôn có hai cực trị có hoành độ x1 và x2 là nghiệm của phương trình (∗).Yêu cầu bài toán tương đương với tìm điều kiện của tham số m để phương trình (∗) có hai nghiệm x1 và x2 www.mathvn.com 13
  • 14.   www.MATHVN.com  x > 1 x − 1 > 0 (x − 1) + (x − 1) > 0 1 1 1 2thỏa mãn: ⇔ ⇔ x2 > 1 x2 − 1 > 0 (x1 − 1) (x2 − 1) > 0    x + x − 2 > 0 (m + 3) − 2 > 0 m > −1 1 2⇔ ⇔ ⇔ ⇔m∈∅ x1 x2 − (x1 + x2 ) + 1 > 0 −2 (m + 1) − (m + 3) + 1 > 0 m < − 4 3Vậy không có giá trị nào của m thỏa mãn đề bài. Bài 35. Tìm hai điểm A, B thuộc đồ thị hàm số y = x3 − 3x + 2 sao cho các tiếp tuyến tại A, B có cùng hệ số góc và đường thẳng đi qua A, B vuông góc với đường thẳng x + y + 2011 = 0 GiảiCách 1 Xét A(a; a3 − 3a + 2); B(b; b3 − 3b + 2)(a = b) thuộc đồ thị hàm số đã cho. Tiếp tuyến tại A có hệsố góc kA = 3a2 − 3. Tiếp tuyến tại B có hệ số góc kB = 3b2 − 3Do tiếp tuyến tại A và B có cùng hệ số góc nên kA = kB ⇔ 3a2 − 3 = 3b2 − 3 ⇔ (a − b)(a + b) = 0 ⇔ a = −b −→Từ đó có AB = (b − a; b3 − 3b + 2 − a3 + 3a − 2) = (2b; 2b3 − 6b)Mặt khác đường thẳng d : x + y + 2011 = 0 có → = (1; −1) − u − − → b = 0 ⇒ a = 0(l)Vì AB⊥d nên AB.→ = 0 ⇔ 2b(b2 + 4) = 0 ⇔ u b = ±2 ⇒ a = ±2Vậy có 2 điểm A, B với A(−2; 0), B(2; 4) hoặc ngược lại thỏa yêu cầu bài toán.Cách 2 -Điều kiện (1): Phương trình f (x) = k có hai nghiệm phân biệt ...(Tự tìm)  y = x3 − 3x + 2-Tọa độ A, B là nghiệm của hệ k = 3x2 − 3 k- Suy ra phương trình đường thẳng AB là y = −2 x+2 3- Điều kiện vuông góc suy ra k = 9.- Tìm giao điểm đường thẳng AB và đồ thị ta có A(2; 4)., B(−2; 0) Bài 36. Trích đề chọn đội tuyển quốc gia của Hà Tĩnh năm 2008 - 2009 Giả sử đồ thị hàm số y = x 3 − 6x2 + 9x + d cắt trục hoành tại 3 điểm phân biệt x < x < x . 1 2 3 Chứng minh rằng: 0 < x1 < 1 < x2 < 3 < x3 < 4 GiảiPT hoành độ giao điểm của đồ thị hàm số đã cho với trục Ox là x3 − 6x2 + 9x + d = 0 ⇔ d = −x3 + 6x2 − 9x (∗)Đồ thị hàm số y = x3 − 6x2 + 9x + d cắt trục hoành tại 3 điểm phân biệt nên PT (∗) có ba nghiệm phân biệt⇔ đường thẳng y = d căt đồ thị hàm số y = −x3 + 6x2 − 9x tại ba điểm phân biệt⇔ −4 < d < 0 (vẽ đồ thị để thấy rõ)Đặt f (x) = x3 − 6x2 + 9x + dVới −4 < d < 0 thì f (0) = d < 0, f (1) = d + 4 > 0, f (3) = d < 0, f (4) = d + 4 > 0từ đây f (0) f (1) < 0, f (1) f (3) < 0, f (3) f (4) < 0, từ tính liên tục của hàm số ta có đpcm Bài 37. Trích đề học sinh giỏi của Hà Nội năm 2008 - 2009 Chứng minh rằng với mọi m phương trình x 3 + 3(m + 1)x2 + 3(m2 + 1)x + m3 + 1 = 0 luôn có nghiệm duy nhất. GiảiXem pt :x3 + 3(m + 1)x2 + 3(m2 + 1)x + m3 + 1 = 0 (1) là phương trình hoành độ giao điểm của đồ thịhàm số y = x3 + 3(m + 1)x2 + 3(m2 + 1)x + m3 + 1 (∗) và trục hoành.Có y = 3x2 + 6(m + 1)x + 3(m2 + 1) Thực hiện phép chia y cho y ta được www.mathvn.com 14
  • 15. www.MATHVN.com 1 m+1 y= x+ .y − 2mx + m3 − m2 3 3Suy ra pt đường thẳng đi qua 2 cực tri là y = −2mx + m3 − m2Để  (1) có một nghiệm duy nhất thì đồ thị hàm số (∗) cắt trục hoành tại một điểm duy nhất pt  ∆ ≤0 18m − 8 ≤ 0    ⇔  ∆ > 0 ⇔  18m − 8 > 0  (∗∗) ycd .yct > 0 (−2mxcd + m3 − m2 )(−2mxct + m3 − m2 ) > 0  x + x = −2(m + 1) cd ctTheo vi-et thì: xcd .xct = m2 + 1  2  ≤ 9 m  2  2  m≤ 9Lúc đó hpt (∗∗) trở thành: m > ⇔ 2 ⇒ ∀m 9   m> 4m2 (m2 + 1) + (m − 1)2 m3 (4m + 1) > 0 9Vậy ∀m pt đã cho luôn có một nghiệm duy nhất. Bài 38. Trích đề học sinh giỏi của Thái Bình năm 2008 - 2009 Gọi d là đường thẳng qua M(2; 0) và có hệ số góc k. Tìm k để d cắt đồ thị (C) : y = |x|3 − 3|x| − 2 tại 4 điểm phân biệt. Giải Bài 39. Trích đề học sinh giỏi của Thái Bình năm 2009 - 2010 Tìm m để điểm A(3; 5) nằm trên đường thẳng nối 2 điểm cực trị của đồ thị hàm số y = x3 − 3mx2 + 3(m + 6)x + 1 Giảiy = 3(x2 − 2mx + m + 6)Hàm số có 2 cực trị ⇔ y = 0 có 2 nghiệm phân biệt ⇔ ∆ = m2 − (m + 6) > 0 ⇔ m ∈ (−∞; −2) ∪ (3; +∞) 1Ta có: y = (x − m)y + 2(−m2 + m + 6)x + m2 + 6m + 1 3Hoành độ 2 đỉêm cực trị của hàm số là nghiệm của y = 0 nên tung độ 2 cục trị thoả mãn: y = 2(−m2 + m + 6)x + m2 + 6m + 1Do đó đây cũng là pt đthẳng đi qua 2 điểm cực trị của đồ thị hàm sốTheo đề ta có: A(3; 5) ∈ (d) : y = 2(−m2 + m + 6)x + m2 + 6m + 1 ⇔ 5 = 6(−m2 + m + 6) + m2 + 6m + 1  m=4⇔ 5m2 − 12m − 32 = 0 ⇔  8 Đối chiếu đk ta nhận m = 4 m=− 5 Bài 40. Trích đề học sinh giỏi của Hà Nội năm 2009 - 2010 Viết phương trình tiếp tuyến của đồ thị hàm số y = (x − 1)(x3 + x2 + 1) biết tiếp tuyến tiếp xúc với đồ thị tại 2 điểm phân biệt. GiảiTa cóy = f (x) = x4 − x2 + x − 1 ⇒ f (x) = 4x3 − 2x + 1Gọi (d) là tiếp tuyến tiếp xúc với đồ thị hàm số tại hai tiếp điểm A(a; f (a)), B(b; f (b)), a = b f (b) − f (a)Ta có f (a) = f (b) = vì đều là hsg của đường thẳng (d) b−af (a) = f (b) ⇔ 4a3 − 2a + 1 = 4b3 − 2b + 1 ⇔ (a − 1)(2(a2 + ab + b2 ) − 1) = 0 ⇔ 2(a2 + ab + b2 ) − 1 = 0 (1)(do a = b) f (b) − f (a) f (a) + f (b) f (b) − f (a)Từ đó ta có f (a) = ⇔ = b−a 2 b−a www.mathvn.com 15
  • 16. www.MATHVN.com (4a3 − 2a + 1) + (4b3 − 2b + 1) ⇔ = (a2 + b2 )(a + b) − (a + b) + 1 2 ⇔ 2(a3 + b3 ) − (a + b) + 1 = (a2 + b2 )(a + b) − (a + b) + 1 1 ⇔ (a + b)(a − b)2 = 0 ⇔ a− = b thay vào (1) ta được a = ± √ . 2Đến đây là suy ra được PTtt (d) Bài 41. Cho hàm số y = x3 − 2(m + 2)x2 + 7(m + 1)x − 3m − 12 (1) (m là tham số). Tìm m để đồ thị hàm số 2 2 2 (1) cắt trục hoành tại ba điểm phân biệt có hoành độ x1 ; x2 ; x3 thỏa x1 + x2 + x3 + 3x1 x2 x3 > 53 Giải Bài 42. Trích đề học sinh giỏi Đà Nẵng 2010 Với mỗi tham số m ∈ R, gọi (Cm ) là đồ thị của hàm số: y = x3 − (3m − 1)x2 + 2m(m − 1)x + m2 (1). CMR: khi m thay đổi, đường thẳng (∆m ) : y = mx − m2 luôn cắt (Cm ) tại một điểm A có hoành độ không đổi. Tìm m để (∆m ) còn cắt (Cm ) tại hai điểm nữa khác A và tiếp tuyến của (Cm ) tại hai điểm đó song song với nhau. GiảiPhương trình hoành độ giao điểm của (Cm ) và đường thẳng ∆m x3 − (3m − 1)x2 + 2m(m − 1)x + m2 = mx − m2 x=1 ⇔ (x − 1)(x2 − 3mx + 2m2 ) = 0 ⇔ f (x) = x2 − 3mx + 2m2 = 0(∗)Với x = 1 ⇒ y = m − m2 ⇒ A(1; m − m2 ) cố địnhĐể ∆m cắt (Cm ) tại 2 điểm B,C khác điểm A thì pt (∗) phải có 2 nghiệm phân biệt xB ; xC khác 1  ∆ = 9m2 − 8m2 > 0 1 ⇔ ⇒ m = 0; ; 1 (i)  f (1) = 1 − 3m + 2m 2=0 2  x + x = 3m B CLúc đó theo vi-et có: xB .xC = 2m2 2Tiếp tuyến tại B có hệ số góc kB = 3xB − 2(3m − 1)xB + 2m(m − 1) 2Tiếp tuyến tại C có hệ số góc kC = 3xC − 2(3m − 1)xC + 2m(m − 1)Vì tiếp tuyến tại B,C song song nên kB = kC 2 2 ⇔ 3xB − 2(3m − 1)xB + 2m(m − 1) = 3xC − 2(3m − 1)xC + 2m(m − 1) 2 ⇔ 3(xB + xC ) = 2(3m + 1) vì xB = xC ⇔ 3m = 2 ⇔ m = thỏa đk (i) 3 2Vậy m = là giá trị cần tìm. 3 Bài 43. Cho hàm số y = x3 − 2x2 + (m − 2)x + 3m (m là tham số). Tìm m để tiếp tuyến có hệ số góc nhỏ nhất 55 của đồ thị hàm số đã cho đi qua điểm A 1; − 27 Giảita có : tiếp tuyến hàm bậc 3 có hệ số góc nhỏ nhất chính là tiếp tuyến tại điểm uốn của đồ thị (C) chú ý làcái này chỉ là nhận xét với các bạn đã học chương trình cũ ) còn với chương trình mới thì ta sẽ phải thêm 1tí như sau : y = 3x2 − 4x + m − 2 tiếp tuyến có hệ số góc nhỏ nhất tương đương với việc là ta phải tìm đượcđiểm mà tại đó thì ymin đặt y = g(x) ta có : g (x) = 6x − 4 2 2 2 11m 52g (x) = 0 ⇒ x = lập bảng biến thiên thì sẽ thấy ngay gmin (x) khi x = . Điểm uốn I = ; − 3 3 3 3 27 www.mathvn.com 16
  • 17. www.MATHVN.com 10 2 11m 52phương trình tiếp tuyến tại điểm uốn là : y = m − x− + − (d) 3 3 3 27 10 1 11m 1 1vì điểm a ∈ (d) nên ta có phương trình m − + =− ⇔ m= 3 3 3 9 4 Bài 44. x+2 Cho hàm số y = có đồ thị là (H). Tìm điểm M thuộc (H) sao cho tiếp tuyến tại M cắt 2 đường x−1 tiệm cận của (H) tại 2 điểm A, B sao cho đường tròn ngoại tiếp tam giác IAB có bán kính nhỏ nhất với I là giao điểm của hai đường tiệm cận. Giải2 đường tiệm cận là x = 1, y = 1 Giao 2 đường tiệm cận là I(1; 1) Gọi M(xo ; yo ) Suy ra phương trình −3(x − xo ) xo + 2tiếp tuyến tại M là: y = + Phương trình tiếp tuyên cắt 2 đường tiệm cận tại 2 điểm: (xo − 1)2 xo − 1 xo + 5A(1; ), B(2xo − 1; 1) xo − 1   AO2 = IO2 (x − 1)2 = (x − 2xo + 1)2Gọi tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABI là O(x; y) ⇒ ⇔ ⇔ BO2 = IO2 (y − 1)2 = (y − xo + 5 )2 xo − 1x = xoy = xo + 2 xo − 1 xo + 2 9 9Vậy O(xo ; ) ⇒ R2 = IO2 = (xo − 1)2 + 2 Theo cô-si: (xo − 1)2 + ≥6 xo − 1 (xo − 1) (xo − 1)2 √ 9 √ √Vậy Rmin = 6 ⇔ (xo − 1)2 = ⇔ xo = 1 + 3, xo = 1 − 3 √ (xo − 1)2 √ √ 3+ 3 √ 3−3⇒ M(1 + 3; √ ), M(1 − 3; √ ) 3 3 Bài 45. Cho hàm: y = x4 + 4mx3 + 3 (m + 1) x2 + 1. Tìm m để hàm số có cực tiểu mà không có cực đại. GiảiĐiều kiện: x ∈ R Khi đó: f (x) = 2 2x3 + 6mx2 + 3(m + 1)x = 2x(2x2 + 6mx + 3m + 3) x=0f (x) = 0 ⇔ 2x2 + 6mx + 3m + 3 = 0(1)vì f (x) = 0 có x = 0 là 1 nghiệm nên để f (x) chỉ có cực tiểu thì (1) có 1 nghiệm kép hoặc vô nghiệm tức⇔ ∆ ≤ 0 ⇔ (3m)2 − 2(3m + 3) ≤ 0 ⇔ 3m2 − 2m − 2 ≤ 0 √ √ 1− 7 1+ 7⇔m∈ ; 3 3 Bài 46. Trích đề thi thử Trung Giã lần 3 x+1 Tìm các giá trị của m để đường thẳng: d : 2mx − 2y + m + 1 = 0 cắt đồ thị hàm số y = tại 2 điểm 2x + 1 phân biệt A, B sao cho biểu thức: P = OA2 + OB2 đạt giá trị nhỏ nhất. Giảixét phương trình tương giao giữa (d) và (C) : m+1 x+1 m−1 mx + = ⇔ 2mx2 + 2mx + = 0 (1) 2 2x + 1 2 −1hàm số có 2 cực trị ⇔ (1) có 2 nghiệm phân biệt thảo mãn x1 = x2 = ⇔m>0 √ 2 √ 2 1 1 m 1 m 1 (1) ⇔ 2x x + = ⇒ x1 = − và x2 = − − 2 4m 2m 2 2m 2 www.mathvn.com 17
  • 18. √ √ www.MATHVN.com m 1 1 m m 1 1 mta có : A= − ; +√ ; B= − − ; −√ 2m 2 2 m 2m 2 2 m 4m2 + 2m + 1dễ dàng tính được P = OA2 + OB2 = = f (m) 2m 7 1xét hàm f (m) trên (0; + ∝) ta được MIN f (m) = = f ( 2 4 Bài 47. x2 + x + 1 Cho hàm: y = Tìm trên trục tung các điểm mà qua nó chỉ có 1 đường tiếp tuyến đến đồ thị x−1 hàm số trên. Giải x2 + x + 1 3Mxđ: D = R {1}. Có y = = x+2+ x−1 x−1Xét điếm A(0; a) ∈ Oy. Phương trình đường thẳng d đi qua A có hệ số góc k: y = kx + a x + 2 + 3 = kx + a (1)  Để d là tiếp tuyến của đồ thị hàm số đã cho thì hệ pt : x−1 có nghiệm. 1 − 3 =k (2) (x − 1)2  3Từ (1) có :x + 2 + = k(x − 1) + k + a (3) x−1 3 3 1 k+a−3Thay (2) vào (3) được : x + 2 + = (x − 1) 1 − 2 +k+a ⇔ = (4) x−1 (x − 1) x−1 6 k+a−3 2Thay (4) vào (2) có :1 − 3 = k ⇔ 36 − 3(k + a − 3)2 = 36k 6⇔ f (k) = k2 + 2(a + 3)k + a2 − 6a − 3 = 0 (∗)Để từ A kẻ đúng 1 tiếp tuyến đến đồ thị hàm số đã cho thì pt (∗) có nghiệm kép khác 3 − a hoặc có 2 nghiệm    bằng 3 − aphân biệt trong đó có 1 nghiệm   ∆ = 0 12a + 12 = 0 a = −1  f    f (3 − a) = 0  −12a + 24 = 0  a=2       a = −1⇔  ⇔  ⇔  ⇔    ∆f > 0    12a + 12 > 0  a > −1   a=2     f (3 − a) = 0 −12a + 24 = 0  f (a = 2)Vậy có 2 điểm A thỏa yêu cầu bài toán là A (0; −1) ; A (0; 2) Bài 48. mx − 4m + 3 Cho hàm số y = (Cm ) x−m 1) Tìm điểm cố định của họ (Cm ) 3 2) Từ các điểm cố định của họ đồ thị viết các đường thẳng đi qua chúng với hệ số góc k = tính diện 2 tích hình phẳng giới hạn bởi các đường thẳng vừa lập và trục Ox GiảiGọi K(xo ; yo ) là điểm cố định mà đồ thị hàm số luôn đi qua ∀m = 1 mxo − 4m + 3Lúc đó pt: yo = có nghiệm ∀m = 1 xo − m⇔ xo yo − myo = mxo − 4m + 3 , ∀m = 1 ⇔ (xo + yo  4)m + 3 − xo yo = 0 , ∀m = 1 − x = 1    o x + y − 4 = 0 x = 4 − y  yo = 3   o o o o⇔ ⇔ ⇔  3 − xo yo = 0 y2 − 4yo + 3 = 0    xo = 3 o  yo = 1Vậy đồ thị hàm số luôn đi qua 2 điểm cố định : K1 (1; 3) ; K2 (3; 1) www.mathvn.com 18
  • 19. www.MATHVN.com 3 3 3 3Gọi d1 là đường thẳng đi qua K1 và có hệ số góc k = ⇒pt d1 : y = (x − 1) + 3 = x + 2 2 2 2 3 3 3 7Gọi d2 là đường thẳng đi qua K2 và có hệ số góc k = ⇒pt d2 : y = (x − 3) + 1 = x − 2 2 2 2Nhận xét thấy d1 ; d2 song song. Diện tích hình phẳng giới hạn cần tính chính là diện tích hình thang 7K1 K2 K3 K4 với K3 = d2 ∩ Ox ⇒ K3 ; 0 ; K4 = d1 ∩ Ox ⇒ K4 (−1; 0) 3 (K1 K4 + K2 K3 ) hCó SK1 K2 K3 K4 = 2 3 7 −3− √ 2 2 10 √ 13Với h = d(d1 ,d2 ) = d(K1 ,d2 ) = = √ K1 K4 = 13; K2 K3 = 3 2 13 3 + (−1)2 2 √ √ 13 10 13 + √ 3 13 20Do đó SK1 K2 K3 K4 = = (đvdt) 2 3 Bài 49. Cho hàm số y = x3 − 3(2m2 − 1)x2 + 3(m2 − 1)x + 1 − m3 (m là tham số) có đồ thị là (Cm ). Tìm m để đồ thị (Cm ) có hai điểm phân biệt đối xứng nhau qua gốc tọa độ. Giải  x + x = 0 a b+) Gọi 2 điểm cần tìm là A = (xa ; ya ); B = (xb ; yb ) khi đó ta có ya + yb = 0từ phương trình 2 ta có : xa + xb − 3(2m2 − 1)(xa + xb ) + 3(m2 − 1)(xa + xb ) + 2 − 2m3 = 0 3 3 2 2 m3 − 1⇔ 6(2m2 − 1)xa xb + 2 − 2m3 = 0 (vì xa + xb = 0) ⇔ xa xb = 6m2 − 3 m 3 −1dễ thấy xa ; xb lúc này là nghiệm của phương trình : X 2 + 2 = 0 (1) 6m − 3 m3 − 1để có 2 điểm A; B thì (1) có 2 nghiệm phân biệt ⇔ <0 √ √ 6m2 − 3 2 2giải bpt ta được m ∈ −∞; − ∪ ;1 2 2 Bài 50. Cho hàm số y = −x4 + 2x2 − 1 (1) .Tìm tất cả các điểm M thuộc trục tung sao cho từ đó có thể kẻ được ba tiếp tuyến đến đồ thị hàm số (1). GiảiGọi M(0; a), suy ra phương trình tiếp tuyến tại M : y = kx + a  −x4 + 2x2 − 1 = kx + a (1)Để từ M kẻ được 3 tiếp tuyến đến đồ thị hàm số thì có 3 nghiệm phân biệt. −4x3 + 4x = k (2)Thế (2) vào (1), được: 3x4 − 2x2 − 1 = a 1Xét f (x) = 3x4 − 2x2 − 1 ⇒ f (x) = 12x3 − 4x = 0 ⇔ x = 0, x = ± √ 3Lập BBT, ta thấy với x = 0, f (x) = −1 thì g(x) = a giao với f (x) tại 3 điểm phân biệt, vậy a = −1, vậyM(0; −1) là điểm cần tìm www.mathvn.com 19