Cap6 elasticidad

Cuaderno de Actividades: Física I
6) ELASTICIDAD
Lic. Percy Víctor Cañote Fajardo 156

6) ELASTICIDAD
6,1) Introducción
Cuerpos ← Deformables
{Descripción adecuada}
→ Esfuerzo
→ Deformación
→ Módulos elásticos
Y
S
B





→ Régimen elástico
6.2) Esfuerzo y deformación
Experimentalmente:
Li ≡ L
A: sección transversal
Se observa:
Lic. Percy Víctor Cañote Fajardo
L A
F

- F

F

∆L
L
- F

F

157

→ los ∆L van a depender de las F

y A
{siempre en régimen elástico}
→ los ∆L dependen de L
Se define:
a) Esfuerzo, s: (Fuerza por unidad de área)
F
Esfuerzo s
A
= =
b) Deformación, e: (Deformación unitaria)
L
Deformación e
L
∆
= =
Con estas definiciones se observa relación directa entre los esfuerzos y las
deformaciones.
Módulo elástico = Esfuerzo/Deformación
E
M
D






=
1
→
s
s Me M
e
→≡ ≡
D
E
Régimen elástico
158

M ∼ 1010
2
N
m
¿? Podría describir curvas s-e donde se muestren las 3 fases: elástica,
plástica y de ruptura.
¿? Podría describir curvas s-e especiales.
6.3) Módulos elásticos
i) Modulo de Young, Y
Describe la resistencia del material a las deformaciones longitudinales.
/
/
F A
Y
L L
≡
∆
N/m2
ii) Modulo de corte, S
Describe la resistencia del material al desplazamiento de sus planos por efecto
de fuerzas aplicadas según sus caras (fuerzas tangenciales o de corte)
A
F

h
f
F

∆x
h
x
tg
∆
=θ
h θ
f
159

Para pequeñas fuerzas F la cara de área A se desplaza relativamente una
pequeña distancia ∆x hasta que las fuerzas internas del cuerpo logran
equilibrar dicha fuerza.
La resistencia al desplazamiento ∆x se describirá en base al modelo S,
/
/
Esfuerzo de corte F A
S
Deformación de corte x h
≡ ≡
∆
→
Fh
S
A x
≡
∆
iii) Modulo volumétrico, B
Describe la resistencia del material a deformaciones volumétricas.
F A
F
F
F
160

Supongamos que el cubo de área A esta sometido a las fuerzas F sobre cada
una de sus caras. El cubo está sometido a compresión, el modulo volumétrico
esta definido por,
Si esta presión,
F
p
A
≡ , se escribe como una variación
de presión, p∆ ,
/
p
B
V V
∆
≡ −
∆
En estas condiciones se introduce el “- “para obtener un B > 0.
Compresión: ∆p > 0 ∧ ∆V < 0→ B > 0.
Dilatación o expansión: ∆p < 0 ∧ ∆V > 0→ B > 0.
¿? Existirán otros módulos elásticos.
Ejercicio 1:
1° Ideal
/ /
/ /
F A F A
B
V V V V
≡ − ≡ −
∆ ∆

v2(0) ≡ 0
→ MRUV Polea ideal
Cuerda ideal, ∃ m
m1,m2 , puntuales
L = 2 m1 = 3, m2 = 5
φ = 4 x 10-3
¿? t
2° Polea real → a afectada
→ I=I (m,r) , f ← polea
⇒ CR
⇒ MRUV
3° Cuerda real
→ Deformación
→ CR
→ MRUV
4°→1º) t ≡¿?
2,5
4
g
a ≡ = → t(y2 ≡0) ≡?
y(t) ≡y (0)+ v(0) t -
2
1
at2
2
2
5,2
010 t−+≡
y
m2
h2 ≡1m
m1
162

5,2
2
≡t
5º→3°) Considerando sólo deformación de la cuerda, T=?, t=?
w2 – T = m2 a
T = w2 – m2 a
≡ 50 – 5 x 2,5
T ≡ 37,5
/
/
F A FL
Y L F T
L L YA
≡ → ∆ = ¬ =
∆
Yacero ≡ 20 x 1010
( )
m
xx
x
L µ
π
6,27
1021020
25,37
2310
=≡∆→
−
t ≡ ¿?
Ejercicio 2: La deformación causada a la barra de longitud L, x, mediante la
aplicación adecuada de la fuerza F, es decir, el trabajo efectuado por F sobre el
sistema elástico, queda almacenado como energía potencial elástica en el
sistema…veamos que es asi,
Acero
A
-F F
-L 0 x x
163

Mostraremos que en el sistema queda almacenada energía potencial elástica
que puede expresarse de esta manera,
,1
2
p elEF AL
u
A L unidad de volumen
 
≡ ×  
 
Al aplicar la fuerza F, tal como muestra la figura, producirá una deformación x,
descrita por,
/
/
AYF A
x L
x FY
L
 
 ÷
 
≡ ≡→
De tal forma que la fuerza del sistema será,
elast
AY
F x
L
→ ≡ − {En todo momento la fuerza aplicada F es tan intensa como
la respuesta elástica del sistema, siempre que el proceso
se realice muy lentamente, estado cuasiestacionario}
Ahora, calculando el trabajo de esta fuerza,
{ , , , , , , , ,
elF
p el p el f p el i p el f p elW E E E E E≡ −∆ ≡ − + ≡ − ≡ −
2
0 , ,
0
1
/
2
el
L
F L
p el p el
AY AY
W x dx x E E
L L
∆
∆   
≡ − × ≡ − ≡ −∆ ≡ −  ÷
   
∫
2
,
1
2
p el
AY
L E
L
→ × ×∆ ≡
2
,
1
2
p el
AY
L E
L
 
→ ∆ ≡ 
 

1
2
A
→ ×
L
( /F A
×
)
( L∆ / )L
2
L×∆ ,p elE≡
,
1
2
p elF L E→ ∆ ≡
,1
2
p elEF L
u
AL AL
∆
→ ≡ ≡
→
1
2
F L
u
A L
∆  
≡  ÷ ÷
  
1
2
s e u≡
¿? Aplicaciones tecnológicas de la deformación de los cuerpos en sus
tres fases notables: elástica, plástica y de ruptura.
S6P10) Se cuenta con una barra troncocónica maciza cuya sección circular
varía uniformemente a lo largo de su longitud L, entre los diámetros d y D. Los
extremos están sujetos a una fuerza axial F, determine la deformación unitaria
ó específica debido a dicha fuerza.
SOLUCION:
d/2 D/2
F F
L
165

De
( )
2
,
2 2
D dFL Fdx d
L dL y x
YA Y y Lπ
−
∆ ≡ → ≡ ≡ +
( ) ( )
2 20
0
2 2
2
L
I
Fdx F dx FL
dL L
Y Y dDD d D dY
d x d x
L L
π ππ
 
 
 
 
≡ ≡→ ∆ ≡ ≡ 
− −    
+ +    
    
 
∫
144424443
?I→ ≡
D d
u d x
L
− 
≡ +  ÷
 
D d
du dx
L
− 
≡  ÷
 
( ) 2
*
D
d
I
L du L
I
D d u dD
 
→ ≡ ≡ 
−  
∫
* 1 1 1D
d
I
u d D
 
→ ≡ − ≡ − ÷
 
∫
02FL
L
Y dDπ
→ ∆ ≡ →
2L F
L Y dDπ
∆
≡
b/2
d/2
L
Y
A(x)
D/2
d/2 y F
0 x
X Ax L
166

S6P8) Una masa de 1 kg cuelga de un cable de acero de 2 m de longitud
(longitud sin estirar) con un diámetro de 0,1 mm. El sistema es puesto en
movimiento como un péndulo cónico con un ángulo θ en el vértice.
a) Calcule la deformación del alambre.
b) El periodo del movimiento rotacional cuando la tensión en el alambre
en dos veces el peso de la masa (Yacero = 21 x 1010
Pa).
SOLUCION:
DCL (m):
T
θ
m
w
Datos: m=1, l=2, d=φ=10-4
, Yacero = 21x 1010
.
Del equilibrio en la vertical,
...cos secT mg T mgθ αθ≡ → ≡
Y de la dinámica circular,
2
...' , 't
cp cp
v
F Tsen ma m R l sen l l l
R
θ βθ≡ ≡ ≡ ¬ ≡ ≡ + ∆
De α y β,
2
..t n .a
'
tv
mg m
l senθ
γθ ≡
a) Del modulo de Young,
θ
m
167

2 22
4
sec
2
FL Tl Tl
Y Y l T mg
LA Y dd
l
θ
π
π
≡ → ≡ → ∆ ≡ ¬ ≡
∆    
∆   ÷
   
2 2
4 seclmg
l
Y d
θ
π
∆ ≡
b) T (periodo)=?, con la condición 2
3
T mg
π
θ≡ → ≡ ( T: tensión)
2
( )T periodo
w
π
≡
La frecuencia angular la obtenemos de β,
2cpF Tsen mθ≡ ≡ g senθ m≡ 'l senθ 2
w
2 2
'
'
g g
w l l l w
l l l
→ ≡ ¬ ≡ + ∆ → ≡
+ ∆
Con lo que el T queda,
2
2
l l
T
g
π
+ ∆
≡ 0,0242usando l∆ ≡ → 0,6T π≡

S6P1) La barra mostrada, en la figura tiene las siguientes características: peso
= w, área transversal = A, longitud = L y módulo de Young = Y. Si una
pesa de peso 2 w es colocado en la parte inferior, halle la deformación
de la barra considerando la deformación por peso propio.
SOLUCION: Primero determinaremos la deformación causada por el peso
propio de la barra, para lo cual tomamos un elemento de la barra de longitud
infinitesimal dx, como se muestra en la figura, sobre la cual actúa la fuerza
w(x), es decir, la fuerza debido al peso del trozo de barra de longitud x,
( )
w
w x x
L
 
≡  ÷
 
Esta fuerza producirá un elemento de deformación dado por,
barra
L
2w
X
dx
w(x)
x
0
w w(x)
169

{ } { }( )
( )
w
x dx
w x dxFL
Y
A
wL
d L xdx
AY AY LAYL
 
 ÷
 ∆ ≡ ≡ ≡→≡
∆
Para calcular la deformación total integramos para toda la barra,
0 1
2
L wL
L L
AY
w
L xdx
LAY
∆ ≡ → ∆ ≡ ∆ ≡∫
Ahora, para la deformación total, consideramos la deformación que produce la
pesa 2w,
2
(2 ) 2w L wL
L
AY AY
∆ ≡ ≡
Con lo que la deformación total es, 1 2
2
2
wL wL
L L L
AY AY
∆ ≡ ∆ + ∆ ≡ +
5
2
wL
L
AY
∆ ≡

S6P4) Una varilla de cobre de 1,40 m de largo y área transversal de 2,00 cm2
se sujeta por un extremo al extremo de una varilla de acero de longitud L
y sección de 1,00 cm2
. La varilla compuesta se somete a tracciones
iguales y opuestas de 6,00 x 104
N en sus extremos.
a) Calcule L si el alargamiento de ambas varillas es el mismo
b) ¿Qué esfuerzo se aplica a cada varilla?
c) ¿Qué deformación sufre cada varilla?
Modulos de Young:
Cobre: 11 x 1010
Pa
Acero: 20 x 1010
Pa
SOLUCION: Representamos a la varilla compuesta en el siguiente diagrama,
F A1 L1 L A2 F
171

a) Determinamos L de la condición 1 2L L L∆ ≡ ∆ ≡ ∆ . Mostramos DCL de cada
varilla en la dirección de interés y aplicamos la condición,
1 2 21
1 2
1 2 11 2 1
FL F L A Y
L
AY
L
L L L
AY A Y
∆ ≡ ≡ ∆ ≡ ∆ ≡ ≡→
Calculando,
( ) 4
1 2 2
1 1
1,40 1 10L A Y
L
AY
−
×
≡ ≡
( ) 10
20 10×( )
4
2 10−
×( ) 10
11 10×( )
1,27≡
1,27L ≡
b) Calculando los esfuerzos,
4
8
1 4
1
6,00 10
3 10
2,00 10A
F
s
A
F
s −
×
≡ ≡ ≡ ×
×
→≡ ∧
4
8
2 4
2
6,00 10
6,00 10
1,00 10
F
s
A −
×
≡ ≡ ≡ ×
×
8 8
1 23 10 6 10s s≡ × ∧ ≡ ×
F ∆L1 F
F ∆L F
172

d
c) Calculando las deformaciones,
s s
L L
L
s sL
Y L
Y
L
e
≡ ≡
∆ ∆
∆ ≡→≡
( )( )8
31 1
1 10
1
3 10 1,40
3,81 10
11 10
s L
L
Y
−
×
∆ ≡ ≡ ≡ ×
×
( )( )8
32 2
2 10
2
6 10 1,27
3,81 10
20 10
s L
L
Y
−
×
∆ ≡ ≡ ≡ ×
×
3
1 2 3,81 10L L −
∆ ≡∆ ≡ ×
S6P14) Si el esfuerzo de corte en el acero excede aproximadamente 4,0 x 108
,
el acero se rompe. Determine la fuerza de corte para, a) cortar un
perno de acero de 1 cm de diámetro, y b) hacer un hoyo de 1 cm de
diámetro en una plancha de acero de 0,50 cm de espesor.
SOLUCION:
a) Determinación de la fuerza de corte,
F

De la ecuación del esfuerzo de corte,
2
2
44
4
F s d
s F
A
F
F
dπ
π
≡ → →≡ ≡≡
( ) ( )
28 2
10 1 10
4
π −
× ×
31,4F kN≡
Por lo tanto, una fuerza mayor que F cortara al perno.
b) Ahora, determinamos la fuerza de corte para hacer el hoyo,
w
d
F
( )
F
d w
F
s F s d w
A π
π≡ →≡ ≡
( ) ( )( )8 2 2
4 10 1 10 0,5 10F π − −
→ ≡ × × ×
62,8F kN≡

S6P2) Una barra homogénea de longitud L, área A, masa M, módulo de Young
Y, gira libremente con velocidad angular w = cte, sobre una mesa
horizontal sin fricción y pivoteando en uno de sus extremos.
Determine:
a) La deformación producida en la barra
b) En donde se produce el esfuerzo máximo
SOLUCION:
w
175

a) { } 2
cpdF dF dm w r≡ ≡
M
dm dr
L
 
≡  
 
( )
2
Mw
dF r rdr
L
≡
( )
2
2
: " "
2
cp
Mw
F r r dF
L
≡ ≡∫
2
2
2
2
( )
2
2
Mw
r dr
L Mw
Y dL r dr
AdL LAY
FL
Y
A L
 
 
 → ≡ → ≡≡
∆
2
2
0 0 2
L L Mw
L dL r dr
LAY
→ ∆ ≡ ≡∫ ∫
→
2 2
6
Mw L
L
AY
∆ ≡
M w
L dm
dFcp
r dr
O
176

b) De
2
2
2
22( )
2
Mw
r
F MwLs r r
A A LA
= ≡ ≡
,
por lo tanto, en r=L,
2
( )
2
Mw L
s L
A
≡

Cap6 elasticidad

Recommended

Recommended

More Related Content

What's hot

What's hot (16)

Similar to Cap6 elasticidad

Similar to Cap6 elasticidad (20)

More from Felipe Carrasco

More from Felipe Carrasco (20)

Cap6 elasticidad