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Problemas de genética
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Problemas de genética

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  • 1. Problemasde Genética Manuel García-Viñó 2003
  • 2. PROBLEMAS DE GENÉTICA• Problema 1 • Problema 10• Problema 2 • Problema 11• Problema 3 • Problema 12• Problema 4 • Problema 13• Problema 5 • Problema 14• Problema 6 • Problema 15• Problema 7 • Problema 16• Problema 8 • Problema 17• Problema 9 • Problema 18
  • 3. Problema 1La lana negra de los borregos se debe a un alelorecesivo, n, y la lana blanca a su alelo dominante, N.Al cruzar un carnero blanco con una oveja negra, enla descendencia apareció un borrego negro.a) ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales?b) ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia?
  • 4. a) ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales? Carnero blanco x Oveja negra nn Borrego negro nnAl ser el negro el carácter recesivo, todos losindividuos que lo manifiesten serán homocigotosrecesivos (nn), ya que si tuviesen el alelo dominanteN mostrarían el fenotipo dominante.
  • 5. a) ¿Cuáles eran los genotipos de los parentales? Carnero blanco x Oveja negra Nn nn Borrego negro nnEl borrego negro ha recibido un alelo n de cada unode sus progenitores. Por tanto, el carnero blanco debetenerlo en su genotipo y será heterocigoto.
  • 6. b) ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nnGAMETOS  N n nDESCENDENCIA (F1)  Nn nn Borrego blanco Como puedes ver, los borregos blancos de la descendencia son híbridos.
  • 7. b) ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nnGAMETOS  N n nDESCENDENCIA (F1)  Nn nn Borrego blanco Al cruzarlos con un individuo que manifieste el carácter recesivo y que sea, por lo tanto, nn (cruce prueba), realizaremos el cruce: Nn x nn, semejante al ilustrado arriba, del que obtendremos las frecuencias fenotípicas siguientes:
  • 8. b) ¿Cuáles serán las frecuencias fenotípicas si realizamos un cruzamiento prueba con un borrego blanco de la descendencia? Carnero blanco x Oveja negra Nn nnGAMETOS  N n nDESCENDENCIA (F1)  Nn nn ½ Borregos blancos ½ Borregos negros Volver al índice
  • 9. Problema 2En el hombre, el albinismo (falta de pigmentación) esel resultado de dos alelos recesivos, a, y lapigmentación, carácter normal, viene determinada porel alelo dominante A. Si dos individuos conpigmentación normal tienen un hijo albino:a) ¿Cuáles pueden ser sus genotipos?b) ¿Cuál es la probabilidad de que en su descendencia tengan un hijo albino?
  • 10. a) ¿Cuáles pueden ser sus genotipos? pigmentación normal x pigmentación normal Albino aaComo indica el enunciado, el albinismo se debe a lapresencia de dos alelos recesivos a, por tanto el hijoalbino tiene un genotipo aa y ha recibido un alelo a decada uno de sus progenitores.
  • 11. a) ¿Cuáles pueden ser sus genotipos? pigmentación normal x pigmentación normal Aa Aa Albino aaAl tener pigmentación normal, los padres deben tenertambién presente el alelo A y, por consiguiente, sonheterocigotos (Aa).
  • 12. b) ¿Cuál es la probabilidad de que en su descendencia tengan un hijo albino? pigmentación normal x pigmentación normal Aa AaGAMETOS A a A a AA Aa Aa aa 1 albino De cada cuatro descendientes La probabilidad de tener un hijo albino es, en este caso, de ¼ (25%). Volver al índice
  • 13. Problema 3La talasemia es un tipo de anemia que se da en elhombre. Presenta dos formas, denominadas menor ymayor. Los individuos gravemente afectados sonhomocigotos recesivos (TMTM) para un gen. Laspersonas poco afectadas son heterocigotos paradicho gen. Los individuos normales son homocigotosdominantes para el gen (TNTN). Si todos los individuoscon talasemia mayor mueren antes de alcanzar lamadurez sexual:a) ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos?b) ¿Cuál será la proporción si el matrimonio es entre dos personas afectadas por la talasemia menor?
  • 14. a) ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos? con talasemia menor x normal TMTN TNTNLa mujer, afectada de talasemia menor, esheterocigota (TMTN).En cambio el hombre es homocigoto TNTN, ya que nopadece la enfermedad en ninguna de sus formas.
  • 15. a) ¿Qué proporción de los hijos de un matrimonio entre un hombre normal y una mujer afectada con talasemia menor llegarán a adultos? con talasemia menor x normal TMTN TNTN GAMETOS  TM TN TNDESCENDENCIA (F1)  TMTN TN T N Talasemia Normal menorEl 100% de los descendientes llegará a adulto.
  • 16. b) ¿Cuál será la proporción si el matrimonio es entre dos personas afectadas por la talasemia menor? con talasemia menor x con talasemia menor TMTN TMTN GAMETOS  T M TN TM TNDESCENDENCIA  TMTM TMTN TMTN TNTN Talasemia Talasemia mayor menor Normal ¼ (25%) de los descendientes no llegarán a adultos ¾ (75%) de los descendientes llegarán a adultos Volver al índice
  • 17. Problema 4En los duraznos, el genotipo homocigoto GOGOproduce glándulas ovales en la base de las hojas. Elheterocigoto GAGO produce glándulas redondas, y elhomocigoto GAGA carece de glándulas. En otro locus,el alelo dominante L produce piel peluda y su alelorecesivo l da lugar a piel lisa. Si se cruza una variedadhomocigota para piel peluda y sin glándulas en labase de sus hojas con una variedad homocigota conglándulas ovales y piel lisa,a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2?
  • 18. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2?P Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa GAGA LL El individuo de piel peluda y sin glándulas en la base de las hojas es GAGA porque éste es el único genotipo que determina la ausencia de glándulas. Además es LL porque nos indican que es homocigoto y que manifiesta el carácter dominante “piel peluda”, determinado por el alelo L.
  • 19. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2?P Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa GAGA LL GOGO ll El individuo de glándulas ovales y piel lisa es GOGO porque éste es el único genotipo que determina la presencia de glándulas ovales. Además es ll porque manifiesta el carácter recesivo “piel lisa” determinado por el alelo l.
  • 20. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2?P Piel peluda y sin glándulas x glándulas ovales y piel lisa GAGA LL GOGO llGAMETOS  GAL GOl F1 GAGO Ll Glándulas redondas y piel peluda La primera generación filial será uniforme y estará formada por dihíbridos de glándulas redondas y piel peluda.
  • 21. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2?Para obtener la F2 cruzaremos dos individuos de la F1Cada individuo puede formar cuatro tipos de gametos F1 GAGO Ll x GAGO Ll GAL GAl GAL GAlGAMETOS  GOL GOl GOL GOlDispondremos los gametos en una cuadrículagenotípica para obtener la F2 .
  • 22. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? GAGO Ll GAMETOS  GAL GAl GOL GOl  GAL GAGA LL GAGA Ll GAGO LL GAGO Ll GAl GAGA Ll GAGA ll GAGO Ll GAGO llGAGO Ll F2 GOL GAGO LL GAGO Ll GOGO LL GOGO Ll GOl GAGO Ll GAGO ll GOGO Ll GOGO ll
  • 23. a) ¿qué proporciones fenotípicas se pueden esperar en la F2? GAGA LL GAGA Ll GAGO LL GAGO Ll GAGA Ll GAGA ll GAGO Ll GAGO ll GAGO LL GAGO Ll GOGO LL GOGO Ll GAGO Ll GAGO ll GOGO Ll GOGO ll Proporciones fenotípicas6/16 glándulas redondas - piel peluda 2/16 glándulas redondas - piel lisa3/16 sin glándulas - piel peluda 1/16 sin glándulas - piel lisa3/16 glándulas ovales - piel peluda 1/16 glándulas ovales - piel lisa Volver al índice
  • 24. Problema 5Un gen recesivo ligado al sexo produce en el hombreel daltonismo. Un gen influido por el sexo determina lacalvicie (dominante en los varones y recesivo en lasmujeres). Un hombre heterocigoto calvo y daltónicose casa con una mujer sin calvicie y con visión de loscolores normal, cuyo padre no era daltónico ni calvo ycuya madre era calva y con visión normal.¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de estematrimonio?
  • 25. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? X → visión normalDaltonismo X > Xd Xd → daltonismo C → calvo C>NCalvicie N → sin calvicie N>C calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal CN XdYNos indican que el hombre es heterocigoto calvo, por loque su genotipo para este carácter es CNPor otra parte, si es daltónico tendrá el gen que lodetermina en su único cromosoma X
  • 26. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? X → visión normalDaltonismo X > Xd Xd → daltonismo C → calvo C>NCalvicie N → sin calvicie N>C calvo y daltónico x sin calvicie y visión normal CN XdY CN XXLa mujer será también heterocigota para el gen quedetermina la calvicie, ya que su madre era calva y tieneque haber heredado de ella un alelo C (CC es el únicogenotipo posible para una mujer calva)Además, si no es daltónica y ni su padre ni su madre seindica que lo fueran, su genotipo debe ser homocigoto parala visión normal
  • 27. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? calvo y daltónico CN XdY GAMETOS  CXd CY NXd NY  sin calvicie yvisión normal CX CC XdX CC XY CN XdX CN XY CN XX NX CN XdX CN XY NN XdX NN XY
  • 28. ¿Qué fenotipos pueden tener los hijos de este matrimonio? calvo y daltónico CN XdY GAMETOS  CXd CY NXd NY  sin calvicie yvisión normal CX CC XdX CC XY CN XdX CN XY CN XX NX CN XdX CN XY NN XdX NN XY Fenotiposcalvas portadoras calvos con visión normalno calvas portadoras no calvos con visión normal Volver al índice
  • 29. Problema 6El color de tipo normal del cuerpo de Drosophila estádeterminado por el gen dominante n+; su alelorecesivo n produce el color negro. Cuando una moscade tipo común de línea pura se cruza con otra decuerpo negro:¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera quesea heterocigota?
  • 30. ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera quesea heterocigota? Color normal x Color negro n+n+El genotipo de la mosca de color normal es n+n+ puestoque nos indican que es de línea pura.
  • 31. ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera quesea heterocigota? Color normal x Color negro n+n+ nnLa mosca de color negro solo puede ser homocigotann, ya que manifiesta el carácter recesivo
  • 32. ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera quesea heterocigota? Color normal x Color negro n+n+ nn GAMETOS  n+ n F1 n+n Color normalLa F1 será de tipo común (color normal) heterocigota.Para obtener la F2 cruzaremos dos individuos de la F1 .
  • 33. ¿qué fracción de la F2 de tipo común se espera que sea heterocigota? F1 n+n x n+nGAMETOS n+ n n+ n F2 n+n+ n+n n+n nn Tipo común 2/3 de la descendencia de tipo común será heterocigota. Volver al índice
  • 34. Problema 7Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob-tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? Mosca gris x Mosca gris 152 moscas grises y En total 200 moscas 48 moscas negras 152 3 ≈ 3 moscas grises La segregación 200 4 3:1 corresponde al 48 1 Por cada mosca cruce entre dos ≈ negra híbridos 200 4
  • 35. Cruzando dos moscas de tipo común (grises) entre sí, se ob-tuvo una descendencia compuesta por 152 moscas grises y48 negras. ¿Cuál era la constitución génica de los genitores? n+n x n+nGAMETOS n+ n n+ n n+n+ n+n n+n nn 3/4 de tipo común 1/4 negras Proporción 3:1 También pueden aparecer moscas grises y negras en un cruce entre un híbrido y un homocigoto recesivo, pero la proporción sería 1:1 Volver al índice
  • 36. Problema 8Se cruzaron plantas puras de guisante con longituddel tallo alto y cuya flor era de color blanco con otrasde tallo enano y flor roja. Sabiendo que el caráctertallo alto es dominante sobre el tallo enano y que laflor de color blanco es recesiva respecto a la de colorrojo:¿cuál será la proporción de dobles heterocigotosesperados en la F2?
  • 37. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperadosen la F2? T → tallo altoLongitud del tallo T>t t → tallo enano R → flor rojaColor de las flores R>r r → flor blancaSe cruzan dos líneas puras:P Tallo alto y flor blanca x Tallo enano y flor roja TT rr tt RRGAMETOS  Tr tR Tt Rr F1 Tallo alto y flor roja
  • 38. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperadosen la F2? Tt Rr GAMETOS  TR Tr tR  tr TR TT RR TT Rr Tt RR Tt Rr Tr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rrTt Rr F2 tR Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr tr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr
  • 39. ¿cuál será la proporción de dobles heterocigotos esperadosen la F2? Tt Rr GAMETOS  TR Tr tR  tr TR TT RR TT Rr Tt RR Tt Rr Tr TT Rr TT rr Tt Rr Tt rrTt Rr F2 tR Tt RR Tt Rr tt RR tt Rr tr Tt Rr Tt rr tt Rr tt rr1/4 (4 de 16) serán dobles heterocigotos. Volver al índice
  • 40. Problema 9Las plumas de color marrón para una raza de gallinasestán determinadas por el alelo b+, dominante sobresu recesivo b, que determina color rojo. En otrocromosoma se encuentra el locus del gen s+dominante que determina cresta lisa, y la crestaarrugada se debe al recesivo s. Un macho de crestalisa y color rojo se cruza con una hembra de crestalisa y color marrón, produciéndose una descendenciaformada por 3 individuos de cresta lisa y color marrón,tres de cresta lisa y color rojo, 1 de cresta arrugada ycolor marrón y otro de cresta arrugada y color rojo.Determina el genotipo de los progenitores.
  • 41. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+? s+? b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? 3 de cresta lisa y color rojo b+? 1 cresta arrugada y color marrón 1 cresta arrugada y color rojoTodos los individuos que manifiestan un carácterdominante (cresta lisa  s+ o color marrón  b+)poseerán el alelo correspondiente, aunque, en principio,pueden ser homocigotos o heterocigotos para el mismo.
  • 42. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+? bb s+? b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoTodos los individuos que manifiestan un carácterrecesivo (cresta arrugada  s o color rojo  b) seránhomocigotos para el mismo.
  • 43. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+? bb s+? b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojo
  • 44. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+? bb s+? b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoLa presencia de individuos homocigotos ss entre ladescendencia indica que los dos progenitores poseen elalelo s
  • 45. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+s bb s+s b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoLa presencia de individuos homocigotos ss entre ladescendencia indica que los dos progenitores poseen elalelo s
  • 46. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+s bb s+s b+? s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoDel mismo modo, la presencia de individuos homocigotosbb entre la descendencia indica que los dos progenitoresposeen el alelo b
  • 47. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+s bb s+s b+b s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoDel mismo modo, la presencia de individuos homocigotosbb entre la descendencia indica que los dos progenitoresposeen el alelo b
  • 48. Determina el genotipo de los progenitores. cresta lisa y color rojo x cresta lisa y color marrón s+s bb s+s b+b s+? b+? 3 cresta lisa y color marrón s+? bb 3 de cresta lisa y color rojo ss b+? 1 cresta arrugada y color marrón ss bb 1 cresta arrugada y color rojoPor tanto, el macho es de cresta lisa heterocigoto yhomocigoto recesivo de color rojo.Y la hembra es doble heterocigota de cresta lisa y colormarrón. Volver al índice
  • 49. Problema 10En Drosophila, el color del cuerpo gris estádeterminado por el alelo dominante a+, el color negropor el recesivo a. Las alas de tipo normal por eldominante vg+ y las alas vestigiales por el recesivo vg.Al cruzar moscas dihíbridas de tipo común, seproduce una descendencia de 384 individuos.¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica?
  • 50. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica?Se cruzan moscas dihíbridas a+a vg+vg GAMETOS  a+vg+ a+vg a vg+ a vg  a+vg+ a+a+vg+vg+ a+a+vg+vg a+a vg+vg+ a+a vg+vg a+vg a+a+vg+vg a+a+vg vg a+a vg+vg a+a vg vga+a vg+vg a vg+ a+a vg+vg+ a+a vg+vg a a vg+vg+ a a vg+vg a vg a+a vg+vg a+a vg vg a a vg+vg a a vg vg
  • 51. ¿Cuántos se esperan de cada clase fenotípica? a+a+vg+vg+ a+a+vg+vg a+a vg+vg+ a+a vg+vg a+a+vg+vg a+a+vg vg a+a vg+vg a+a vg vg a+a vg+vg+ a+a vg+vg a a vg+vg+ a a vg+vg a+a vg+vg a+a vg vg a a vg+vg a a vg vg Frecuencias fenotípicas9/16 Grises, alas normales 9/16 de 384  216 Volver al índice3/16 Grises, alas vestigiales 3/16 de 384  723/16 Negros, alas normales 3/16 de 384  721/16 Negros, alas vestigiales 1/16 de 384  24
  • 52. Problema 11En el dondiego de noche (Mirabilis jalapa), el colorrojo de las flores lo determina el alelo CR, dominanteincompleto sobre el color blanco producido por elalelo CB, siendo rosas las flores de las plantasheterocigóticas. Si una planta con flores rojas secruza con otra de flores blancas:a) ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ?b) ¿Cuál será el fenotipo de la descendencia obtenida de un cruzamiento de las F1 con su genitor rojo, y con su genitor blanco?
  • 53. a) ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ? Flores rojas x Flores blancas CRCR CBCBGAMETOS  CR CB F1 CRCB Flores rosas La primera generación estará formada por plantas heterocigotas con flores de color rosa.
  • 54. a) ¿Cuál será el fenotipo de las flores de la F1 y de la F2 resultante de cruzar entre sí dos plantas cualesquiera de la F1 ? F1 Flores rosas x Flores rosas CRCB CRCBGAMETOS CR CB CR CB F2 CRCR CRCB CRCB CBCB ¼ rojas ½ rosas ¼ blancas Proporciones fenotípicas en la F2
  • 55. b) ¿Cuál será el fenotipo de la descendencia obtenida de un cruzamiento de las F1 con su genitor rojo, y con su genitor blanco?Flores rosas x Flores rojas Flores rosas x Flores blancas CRCB CRCR CRCB CBCB CR CB CR CR CB CB CRCR CRCB CRCB CBCB ½ rojas ½ rosas ½ rosas ½ blancas Volver al índice
  • 56. Problema 12Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es delgrupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipossanguíneos pueden presentar los hijos que puedantener? A → grupo A Grupo B → grupo B (A = B) > 0 sanguíneo 0 → grupo 0El grupo sanguíneo en el hombre está determinado poruna serie alélica constituida por tres alelos: los alelos Ay B, codominantes, determinan respectivamente los“grupos A y B”, y el alelo 0 determina el “grupo 0” y esrecesivo respecto a los otros dos.
  • 57. Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es delgrupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipossanguíneos pueden presentar los hijos que puedantener? grupo A x grupo B A0 B0 Grupo 0 00Como el grupo 0 es recesivo, el hijo ha de serhomocigoto 00 .Los padres,por lo tanto, han de tener ambos el alelo 0en su genotipo y son heterocigotos.
  • 58. Si el padre de un niño de grupo sanguíneo 0 es del grupo A y la madre del grupo B, ¿qué fenotipos sanguíneos pueden presentar los hijos que puedan tener? grupo A x grupo B A0 B0 GAMETOS A 0 B 0 AB A0 B0 00FENOTIPOS Grupo AB Grupo A Grupo B Grupo 0 Volver al índice
  • 59. Problema 13En el ratón, el color del pelo está determinado por unaserie alélica. El alelo A es letal en homocigosis y pro-duce color amarillo en heterocigosis, el color agutí es-tá determinado por el alelo A1 y el negro por el alelo a.La relación entre ellos es A > A1 > a. Determina lasproporciones genotípicas y fenotípicas de la descen-dencia obtenida al cruzar un ratón amarillo y un agutí,ambos heterocigóticos.
  • 60. Según los datos del enunciado, los genotipos posiblesson:AA1 → Pelaje amarilloAa → Pelaje amarilloA1A1→ Pelaje agutíA1a → Pelaje agutíaa → Pelaje negroLos ratones que se cruzan son ambos heterocigotos.El ratón agutí será, por lo tanto, A1a; el ratón amarillo,en cambio, puede ser AA1 o Aa y existen dos crucesposibles entre ratones amarillos y agutí heterocigotos:1er caso AA1 x A1a2o caso Aa x A1a
  • 61. 1er caso Amarillo x Agutí AA1 A1a GAMETOS A A1 A1 aGENOTIPOS AA1 Aa A1A1 A1a 1/4 1/4 1/4 1/4FENOTIPOS 1/2 Amarillo 1/2 Agutí
  • 62. 2o caso Amarillo x Agutí Aa A1a GAMETOS A a A1 aGENOTIPOS AA1 Aa A1a aa 1/4 1/4 1/4 1/4FENOTIPOS 1/2 Amarillo 1/4 Agutí 1/4 negro Volver al índice
  • 63. Problema 14En el tomate, el color rojo (R) del fruto es dominantesobre el color amarillo (r) y la forma biloculada (B)domina sobre la multiloculada (b). Se desea obteneruna línea de plantas de frutos rojos y multiloculados, apartir del cruzamiento entre razas puras rojas ybiloculadas con razas amarillas y multiloculadas.¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado yqué proporción de ésta será homocigótica para losdos caracteres?
  • 64. ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres?P Rojo biloculado x Amarillo multiloculado RR BB rr bbGAMETOS  RB rb Rr BbF1 100% Rojos biloculados
  • 65. ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? Rr Bb GAMETOS  RB Rb rB  rb RB RR BB RR Bb Rr BB Rr Bb Rb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bbRr Bb F2 rB Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb rb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb
  • 66. ¿Qué proporción de la F2 tendrá el fenotipo deseado y qué proporción de ésta será homocigótica para los dos caracteres? Rr Bb GAMETOS  RB Rb rB  rb RB RR BB RR Bb Rr BB Rr Bb Rb RR Bb RR bb Rr Bb Rr bbRr Bb F2 rB Rr BB Rr Bb rr BB rr Bb Volver al índice rb Rr Bb Rr bb rr Bb rr bb3/16 rojos multiloculados1/3 de ellos son homocigóticos
  • 67. Problema 15La ausencia de patas en las reses se debe a un genletal recesivo (l). Del apareamiento entre un toroheterocigótico normal y una vaca no portadora, ¿quéproporción genotípica se espera en la F2 adulta (losbecerros amputados mueren antes de nacer) obtenidadel apareamiento al azar entre los individuos de la F1?
  • 68. Toro Vaca x no portadora P heterocigótico Ll LL GAMETOS  L l L F1  LL LlPara obtener la F2 se deben cruzar al azar losindividuos de la F1. Al haber en la F1 individuos condos genotipos diferentes, existen cuatro cruzamientosposibles: LL x LL, LL x Ll, Ll x LL* y Ll x Ll* Aunque el resultado de los cruces LL x Ll y Ll x Ll serán los mismos, hay queconsiderar ambos para que las proporciones obtenidas sean las correctas.
  • 69. 1er CRUZAMIENTO LL x LLGAMETOS * * L L L L LL LL LL LL * Se representan todos los gametos posibles, incluso los que son iguales, para facilitar la interpretación del resultado final, en el que todos los cruzamientos deben tener la misma importancia.
  • 70. 2o CRUZAMIENTO LL x LlGAMETOS  L L L l LL Ll LL Ll
  • 71. 3er CRUZAMIENTO Ll x LLGAMETOS  L l L L LL LL Ll Ll
  • 72. 4o CRUZAMIENTO Ll x LlGAMETOS  L l L l LL Ll Ll ll
  • 73. RESULTADO DEL 1er CRUZAMIENTO LL LL LL LLRESULTADO DEL 2o CRUZAMIENTO LL Ll LL LlRESULTADO DEL 3er CRUZAMIENTO LL LL Ll LlRESULTADO DEL 4o CRUZAMIENTO LL Ll Ll ll Los individuos homocigotos recesivos mueren antes de nacer y no deben ser contabilizados en la descendencia. 9/15 de la F2 serán individuos homocigotos normales 6/15 de la F2 serán individuos heterocigotos portadores Volver al índice
  • 74. Problema 16 En la gallina los genes para la cresta en roseta R+, y la cresta guisante P+, si se encuentran en el mismo genotipo producen la cresta en nuez; de la misma manera, sus respectivos alelos recesivos producen en homocigosis cresta sencilla. ¿Cuál será la proporción fenotípica del cruce R+RP+P x R+RP+P?R+R+ P+P+, R+R+ P+P, R+R P+P+, R+R P+P NuezR+R+ PP, R+R PP RosetaRR P+P+, RR P+P GuisanteRR PP Sencilla
  • 75. Cresta nuez R+RP+P GAMETOS  R+P+ R+P R P+ RP  R+P+ R+R+P+P+ R+R+P+P R+R P+P+ R+R P+PCresta nuez R+P R+R+P+P R + R +P P R+R P+P R +R P P R+RP+P R P+ R+R P+P+ R+R P+P R R P+P+ R R P+P RP R +R P +P R +R P P R R P +P RRPP Volver al índice9/16  Cresta nuez 3/16  Cresta guisante3/16  Cresta roseta 1/16  Cresta sencilla
  • 76. Problema 17Determina el genotipo de los genitores sabiendo queel cruce de individuos con cresta roseta por individuoscon cresta guisante produce una F1 compuesta porcinco individuos con cresta roseta y seis con crestanuez.
  • 77. P Cresta roseta x Cresta guisante R+? PP 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez Los individuos con cresta roseta deben tener en su geno- tipo el alelo R+, pero no el P+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 78. P Cresta roseta x Cresta guisante R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez El individuo con cresta guisante debe tener en su genotipo el alelo P+, pero no el R+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 79. P Cresta roseta x Cresta guisante R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez R+? P+? El individuo con cresta en nuez deben tener en su geno- tipo los alelos R+ y P+, ya que la combinación de ambos produce cresta en nuez.
  • 80. P Cresta roseta x Cresta guisante R+? PP RR P+? 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez R+? P+? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y que todos los descendientes poseen el ale-lo R+, el progenitor con cresta roseta debe ser homocigoto R+R+.
  • 81. P Cresta roseta x Cresta guisante R+R+ PP RR P+? 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez R+? P+? Puesto que no aparecen individuos homocigotos RR en la descendencia y como todos los descendientes poseen el alelo R+, el progenitor con cresta roseta debe ser homoci- goto R+R+.
  • 82. P Cresta roseta x Cresta guisante R+R+ PP RR P+? 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez R+? P+? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria- mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
  • 83. P Cresta roseta x Cresta guisante R+R+ PP RR P+ P 5 Cresta roseta R+? PPF1 6 Cresta nuez R+? P+? Como los descendientes con cresta roseta son necesaria- mente homocigotos PP, deben haber recibido un alelo P de cada un de los progenitores, que deben tenerlo presen-te en su genotipo.
  • 84. Problema 18En el ratón el gen c+ produce pigmentación en el pelo.La coloración de los individuos c+c+ o c+c depende desu genotipo respecto a otro gen a+ situado en otrocromosoma. Los individuos a+a+ y a+a son grises y losaa negros. Dos ratones grises producen unadescendencia compuesta por los siguientes fenotipos:9 grises, 4 albinos y 3 negros. ¿Cuál es el genotipo delos genitores?
  • 85. P Ratón gris x Ratón gris c+? a+? c+? a+? 9 ratones grises c+? a+?F1 4 ratones albinos 3 ratones negros Los ratones grises tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a+, responsable del color gris.
  • 86. P Ratón gris x Ratón gris c+? a+? c+? a+? 9 ratones grises c+? a+?F1 4 ratones albinos cc ?? 3 ratones negros Los ratones albinos son homocigotos cc, ya que es este alelo recesivo el responsable de la falta de pigmentación.
  • 87. P Ratón gris x Ratón gris c+? a+? c+? a+? 9 ratones grises c+? a+?F1 4 ratones albinos cc ?? 3 ratones negros c+? aa Los ratones negros tienen que tener presentes en su genotipo los alelos c+, responsable de la pigmentación, y a, responsable del color negro.
  • 88. P Ratón gris x Ratón gris c+? a+? c+? a+? 9 ratones grises c+? a+?F1 4 ratones albinos cc ?? 3 ratones negros c+? aa Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re- cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti- pos.
  • 89. P Ratón gris x Ratón gris c+c a+a c+c a+a 9 ratones grises c+? a+?F1 4 ratones albinos cc ?? 3 ratones negros c+? aa Los descendientes con genotipos cc y aa deben haber re- cibido un alelo c y otro a de cada uno de sus progenitores, por lo que estos deben estar presentes en ambos genoti- pos. Volver al índice
  • 90. FIN Volver al índice